《（江蘇專用版）2020版高考物理總復習 第六章 微專題4 電場中的圖像問題 帶電粒子在交變電場中的運動練習（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江蘇專用版）2020版高考物理總復習 第六章 微專題4 電場中的圖像問題 帶電粒子在交變電場中的運動練習（含解析）（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、微專題4電場中的圖像問題帶電粒子在交變電場中的運動一、單項選擇題1.電場中的三條等勢線如圖中實線a、b、c所示,三條等勢線的電勢abc。一電子以沿PQ方向的初速度,僅在電場力的作用下沿直線從P點運動到Q點,則這一過程中電子運動的v-t圖像大致是圖中的()答案A電子由P點運動到Q點的過程中,電場力所做的功為W=q(P-Q),因為q0,且P0,由動能定理可知,電子的動能不斷增大,即速度不斷增大,選項C、D錯誤;P點附近等勢線密集,故場強較大,電子在P點附近所受電場力大,電子的加速度也大,對應v-t圖像的斜率大,故由P點到Q點,v-t圖像的斜率不斷減小,選項A正確,B項錯誤。2.(2018徐州質檢)

2、帶電球體的半徑為R,以球心為原點O建立坐標軸x,軸上各點電勢隨x變化如圖所示,下列說法正確的是()A.球體帶負電荷B.球內電場強度最大C.A、B兩點電場強度相同D.正電荷在B點的電勢能比C點的大答案D從球出發(fā)向兩側電勢降低,而電場線從正電荷出發(fā),沿著電場線電勢降低,故球帶正電荷,A項錯誤;球是等勢體,故內部任意兩點間的電勢為零,場強為零,B項錯誤;A點與B點的電場強度大小相等,但方向相反,C項錯誤;從B到C,電勢降低,故正電荷電勢能降低,D項正確。3.(2018蘇錫常鎮(zhèn)四市一調)一帶電粒子在電場中僅受靜電力作用,做初速度為零的直線運動。取該直線為x軸,起始點O為坐標原點,其電勢能Ep與位移x的

3、關系如圖所示,下列圖像中合理的是()答案D粒子僅受電場力作用,做初速度為零的加速直線運動,電場力做功等于電勢能的減小量,故F=Epx,即Ep-x圖像上某點切線的斜率表示電場力,故電場力逐漸減小,根據E=Fq,故電場強度也逐漸減小,A項錯誤;根據動能定理有,Fx=Ek,故Ek-x圖線上某點切線的斜率表示電場力;由于電場力逐漸減小,與B圖矛盾,B項錯誤;按照C圖,速度隨著位移均勻增加,根據公式v2-v02=2ax,勻變速直線運動的v2-x圖像是直線,題圖v-x圖像是直線,相同位移速度增加量相等,又是加速運動,故增加相等的速度需要的時間逐漸減小,故加速度逐漸增加,而電場力減小導致加速度減小,故矛盾,

4、C項錯誤;粒子做加速度減小的加速運動,D項正確。4.(2017清江中學月考)某區(qū)域的電場線分布如圖所示,其中間一根電場線是直線,一帶正電的粒子從直線上的O點由靜止開始在電場力作用下運動到A點,取O點為坐標原點,沿直線向右為x軸正方向,粒子的重力忽略不計。在從O到A運動過程中,下列關于粒子運動速度和加速度a隨時間t的變化,運動徑跡上電勢和粒子的動能Ek隨位移x的變化圖線可能正確的是()答案A根據題圖可知,從O到A點,電場線疏密反映了電場強度的大小,所以電場強度先減小后增大,方向不變,因此電荷受到的電場力先減小后增大,故加速度先減小后增大,A項正確;在速度-時間圖像中圖像的斜率表示加速度,斜率逐漸

5、減小,加速度減小,而加速度是先減小后增大的,B項錯誤;沿電場線方向電勢降低,而電勢與位移圖像的斜率表示電場強度,圖中斜率逐漸增大,表示電場強度增大,不符合題意,C項錯誤;動能與位移圖像的斜率表示電場強度,圖中斜率逐漸增大,表示電場強度增大,不符合題意,D項錯誤。二、多項選擇題5.(2019江陰一中月考)如圖甲所示,Q1、Q2是兩個固定的點電荷,一帶負電的試探電荷僅在電場力作用下以初速度v0沿兩點電荷連線的中垂線從a點向上運動,其v-t圖像如圖乙所示,下列說法正確的是()A.兩點電荷一定都帶負電,但電荷量不一定相等B.兩點電荷一定都帶負電,且電荷量一定相等C.t1、t3兩時刻試探電荷在同一位置D

6、.t2時刻試探電荷的電勢能最大答案CD由圖乙可知,試探電荷先向上做減速運動,再反向向下做加速運動,說明粒子受到的電場力應先向下后向上,故兩點電荷一定都帶正電;由于電場線只能沿豎直方向,故兩個點電荷帶電荷量一定相等,故A、B項錯誤;根據速度圖像的斜率表示加速度知,t1、t3兩時刻試探電荷的加速度相同,所受的電場力相同,所以它們在同一位置,故C項正確;t2時刻試探電荷的速度為零,動能為零,根據能量守恒定律可知試探電荷的電勢能最大,故D項正確。6.(2015江蘇單科)一帶正電的小球向右水平拋入范圍足夠大的勻強電場,電場方向水平向左。不計空氣阻力,則小球()A.做直線運動B.做曲線運動C.速率先減小后

7、增大D.速率先增大后減小答案BC小球運動時受重力和電場力的作用,合力F方向與初速度v0方向不在一條直線上,小球做曲線運動,選項A錯誤、B項正確;將初速度v0分解為垂直于F方向的v1和沿F方向的v2,根據運動與力的關系,v1的大小不變,v2先減小后反向增大,因此小球的速率先減小后增大,選項C正確、D項錯誤。7.如圖所示,以等量同種點電荷連線的中點為原點,兩點電荷連線的中垂線為x軸,E表示電場強度,表示電勢。根據你已經學過的知識判斷,在下列E-x圖像和-x圖像中,可能正確的是()答案AD在兩電荷連線的中點,由于兩個電荷在此處產生的場強大小相等、方向相反,所以該處場強為零。在無窮遠處場強也為零,所以

8、兩點電荷連線的中點到無窮遠場強先增大后減小,且場強關于電荷連線對稱,故A項正確,B項錯誤;兩點電荷連線的中垂線上場強方向從中點指向無窮遠,電勢逐漸降低,故C項錯誤,D項正確。8.(2018南通調研)真空中有一半徑為r0的均勻帶電金屬球,以球心為原點建立x軸,軸上各點的電勢分布如圖所示,r1、r2分別是+x軸上A、B兩點到球心的距離。下列說法中正確的有()A.0r0范圍內電場強度處處為零B.A點電場強度小于B點電場強度C.A點電場強度的方向由A指向BD.正電荷從A點移到B點過程總電場力做功答案ACD根據E=x可知,-x圖像的斜率表示電場強度的大小,由圖可知在0r0范圍內斜率為0,故在0r0范圍內

9、電場強度處處為零,故A正確;根據場強公式E=kQr2,得A點的電場強度大于B點的電場強度,故B項錯誤;A點到B點電勢降低,所以A點的電場強度方向由A指向B,故C項正確。正電荷沿直線從A移到B的過程中,電場力方向由A指向B,所以電場力做正功,故D項正確。9.(2018鹽城高三三模)在x軸上有兩個點電荷q1和q2,它們產生的電場的電勢在x軸上分布如圖所示。下列說法正確的是()A.q1和q2帶有異種電荷B.x=x2處電場強度一定為0C.負電荷沿x軸從x1移動到x2,電勢能增加D.正電荷沿x軸從x1移動到x2,電場力做負功答案ABC由圖可知,坐標原點處電勢趨于無限大,則坐標原點處為正電荷,又因從O到x

10、2,電勢降低,可知電場方向由O指向x2,故另一電荷帶負電,A正確;-x圖像斜率表示電場強度的大小,x2處圖線斜率為零,故電場強度為零,B正確;從x1到x2電勢降低,故負電荷從x1到x2電勢能增大,正電荷從x1到x2電場力做正功,C正確,D錯誤。三、非選擇題10.(2018淮安模擬)如圖所示,一條長為L的細線上端固定,下端拴一個質量為m的電荷量為q的小球,將它置于方向水平向右的勻強電場中,使細線豎直拉直時將小球從A點靜止釋放,當細線離開豎直位置偏角=60時,小球速度為0。求:(1)小球帶電性質;電場強度E。(2)若小球恰好完成豎直圓周運動,求從A點釋放小球時應有的初速度vA的大小(可含根式)。答

11、案(1)正電3mg3q(2)2gL(3+1)解析(1)根據電場方向和小球受力分析可知小球帶正電。小球由A點釋放到速度等于零,由動能定理有0=EqLsin-mgL(1-cos)解得E=3mg3q。(2)將小球的重力和電場力的合力作為小球的等效重力G,則G=233mg,方向與豎直方向成30角偏向右下方。若小球恰能做完整的圓周運動,在等效最高點有mv2L=233mg12mv2-12mvA2=-233mgL(1+cos30)聯(lián)立解得vA=2gL(3+1)。11.(2018如東檢測)如圖所示,內表面絕緣光滑的圓軌道位于豎直平面內,軌道半徑為r,A、B分別為內軌道的最高點和最低點,圓心O固定電荷量為+Q的

12、點電荷,質量為m、電荷量為-q的小球能在圓軌道內表面做完整的圓周運動,重力加速度為g,靜電力常量為k。(1)若小球經過B點的速度為v0,求此時對軌道的壓力大小;(2)求小球經過A點最小速度的大小v;(3)若小球經過A點對軌道的壓力為mg,求經過B點時的動能Ek。答案(1)mv02r+mg-kQqr2(2)kQqmr+gr(3)kQq2r+3mgr解析(1)設此時軌道對小球的支持力為N,由向心力公式有N+kQqr2-mg=mv02r解得N=mv02r+mg-kQqr2由牛頓第三定律可知對軌道的壓力大小N=N=mv02r+mg-kQqr2。(2)小球經過A點有最小速度時,與軌道間的彈力為0,則有kQqr2+mg=mv2r解得v=kQqmr+gr。(3)設小球經過A點的速度為vA,由向心力公式有kQqr2+mg+mg=mvA2r由機械能守恒定律有12mvA2+2mgr=Ek解得Ek=kQq2r+3mgr。7