《（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（五）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（五）（含解析）（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、選擇題滿分練(五)二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分14(2019閩粵贛三省十校下學(xué)期聯(lián)考)下列說(shuō)法正確的是()A在核反應(yīng)中，質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，但能量不一定守恒B鈾核裂變的核反應(yīng)是UBaKr2nC盧瑟福通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為HeNOHD一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)是因?yàn)檫@束光的強(qiáng)度太弱答案C解析在核反應(yīng)中，質(zhì)量數(shù)守恒，電荷數(shù)守恒，能量守恒，故A錯(cuò)誤；鈾核裂變不能自發(fā)進(jìn)行，寫核反應(yīng)方程時(shí)兩邊的中子不能相約，故B錯(cuò)誤；盧瑟

2、福通過(guò)實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)質(zhì)子的核反應(yīng)方程為HeNOH，故C正確；一束光照射到某種金屬上不能發(fā)生光電效應(yīng)，是因?yàn)榻饘俚慕刂诡l率大于入射光的頻率，選項(xiàng)D錯(cuò)誤15(2019江蘇南通市模擬)如圖1所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的細(xì)繩，一端拴一質(zhì)量為m的小球，另一端懸掛在距光滑水平面H高處(LH)現(xiàn)使小球在水平桌面上以角速度為做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則小球?qū)ψ烂娴膲毫?)圖1AmgBmgm2HCmg(1) D.答案B解析對(duì)小球受力分析，如圖所示，根據(jù)牛頓第二定律，水平方向：FTsinm2Lsin，豎直方向：FTcosFNmg，聯(lián)立得：FNmgm2Lcosmgm2H，根據(jù)牛頓第三定律：FNFNmgm2H，故B正確，A、C、D錯(cuò)誤16.(2

3、019陜西漢中市3月聯(lián)考)如圖2所示，固定的木板與豎直墻面的夾角為，重力為G的物塊靜止在木板與墻面之間，不計(jì)一切摩擦，則()圖2A物塊對(duì)墻面的壓力大小為GtanB物塊對(duì)墻面的壓力大小為GsincosC物塊對(duì)木板的壓力大小為GcosD物塊對(duì)木板的壓力大小為答案D解析對(duì)物塊受力分析，根據(jù)平行四邊形定則可知：墻面對(duì)物塊的壓力大小為F1；木板對(duì)物塊的壓力大小為F2，由牛頓第三定律可知，物塊對(duì)墻面的壓力大小為；物塊對(duì)木板的壓力大小為，故選項(xiàng)A、B、C錯(cuò)誤，D正確17.(2019河南周口市上學(xué)期期末調(diào)研)如圖3所示，一可視為質(zhì)點(diǎn)的小球從傾角為的固定斜面上以不同的初動(dòng)能沿水平方向拋出，最終均落在斜面上忽略小

4、球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的空氣阻力，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()圖3A小球落在斜面上時(shí)的動(dòng)能與運(yùn)動(dòng)時(shí)間成正比B小球落在斜面上時(shí)的動(dòng)能與小球的初動(dòng)能成正比C小球水平方向的位移是小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距斜面最遠(yuǎn)時(shí)的水平方向位移的2倍D小球從拋出到落在斜面上的過(guò)程中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間僅與初速度有關(guān)答案A解析初速度v0不同的小球從斜面上平拋均落在斜面上，則具有共同的位移偏向角，由平拋規(guī)律有tan，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，可知tv0，故D正確；設(shè)落到斜面上的瞬時(shí)速度與水平速度的夾角為，有tan，則tan2tan，故位移偏向角相同時(shí)，可推出速度偏向角相同；落到斜面上的動(dòng)能為Ekmv2m()2mv02Ek0，則EkEk0，故B正確；根據(jù)Ekmv

5、2m()2聯(lián)立t，可得Ek，可知Ekt2，故A錯(cuò)誤；小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中距斜面最遠(yuǎn)時(shí)，瞬時(shí)速度與斜面平行，此時(shí)速度偏向角為，根據(jù)tan，而落到斜面上時(shí)tan，則有t1，而平拋運(yùn)動(dòng)中水平位移為xv0t，則x1，故C正確18.(2019閩粵贛三省十校下學(xué)期聯(lián)考)如圖4所示，正六邊形abcdef區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一帶電粒子從a點(diǎn)沿ad方向射入磁場(chǎng)，當(dāng)速度大小為v1時(shí)，粒子從b點(diǎn)離開磁場(chǎng)；當(dāng)速度大小為v2時(shí)，粒子從c點(diǎn)離開磁場(chǎng)，不計(jì)粒子重力，則v1與v2的大小之比為()圖4A13B12C21D.2答案A解析粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，由qvBm可得：r，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的

6、軌跡如圖，粒子從b點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)，圓心為O1，半徑等于r1，設(shè)正六邊形邊長(zhǎng)為a，由幾何關(guān)系得：r1a，即r1，粒子從c點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)，圓心為O2，半徑等于正六邊形邊長(zhǎng)的倍，即：r2a；根據(jù)半徑公式r，得：v，因?yàn)閙、q、B均為定值，所以vr，所以，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤19(2019河南開封市第一次模擬)應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中的常見(jiàn)現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入小明同學(xué)分析了人原地起跳的過(guò)程設(shè)人的質(zhì)量為m，從開始蹬地到以速度v離開地面，重心升高h(yuǎn)，重力加速度為g.他得出的以下結(jié)論中正確的是()A該過(guò)程人始終處于失重狀態(tài)B地面對(duì)人的支持力的沖量大于重力的沖量C地面對(duì)人體做的功為mv2mghD人

7、與地球所組成的系統(tǒng)的機(jī)械能增加了mv2mgh答案BD解析人在上升過(guò)程中經(jīng)歷了先加速再減速的過(guò)程，先超重后失重，故A錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理可得：FNtmgtmv，故支持力的沖量大于重力的沖量，故B正確；人起跳時(shí)，地面對(duì)人不做功，由于有人體生物能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，由功能的轉(zhuǎn)化可得人與地球所組成的系統(tǒng)的機(jī)械能增加了：EEkEpmv2mgh，故D正確，C錯(cuò)誤20(2019福建泉州市第一次質(zhì)量檢查)如圖5所示，虛線、分別表示地球衛(wèi)星的三條軌道，其中軌道為與第一宇宙速度7.9km/s對(duì)應(yīng)的近地環(huán)繞圓軌道，軌道為橢圓軌道，軌道為與第二宇宙速度11.2 km/s對(duì)應(yīng)的脫離軌道，a、b、c三點(diǎn)分別位于三條軌道上，b點(diǎn)為軌

8、道的遠(yuǎn)地點(diǎn)，b、c點(diǎn)與地心的距離均為軌道半徑的2倍，則()圖5A衛(wèi)星在軌道的運(yùn)行周期為軌道的2倍B衛(wèi)星經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的速率為經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的倍C衛(wèi)星在a點(diǎn)的加速度大小為在c點(diǎn)的4倍D質(zhì)量相同的衛(wèi)星在b點(diǎn)的機(jī)械能小于在c點(diǎn)的機(jī)械能答案CD解析由開普勒第三定律可得：，a2R1解得：，故A錯(cuò)誤；由公式v可知，如果衛(wèi)星在軌道做橢圓運(yùn)動(dòng)，衛(wèi)星經(jīng)過(guò)兩個(gè)軌道交點(diǎn)的速率為經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的倍，但衛(wèi)星在軌道經(jīng)過(guò)加速才能變做橢圓運(yùn)動(dòng)，所以衛(wèi)星經(jīng)過(guò)a點(diǎn)的速率不是經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的倍，故B錯(cuò)誤；由公式a可知，衛(wèi)星在a點(diǎn)的加速度大小為在c點(diǎn)的4倍，故C正確；衛(wèi)星在b點(diǎn)做向心運(yùn)動(dòng)，在C點(diǎn)做離心運(yùn)動(dòng)，且b、c距地心的距離相等，則c點(diǎn)的速度大于b點(diǎn)的速

9、度，所以質(zhì)量相同的衛(wèi)星在b點(diǎn)的機(jī)械能小于在c點(diǎn)的機(jī)械能，故D正確21(2019廣西桂林等六市第一次聯(lián)合調(diào)研)如圖6甲所示，兩條平行虛線間存在一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與紙面垂直邊長(zhǎng)為1m，總電阻為1的正方形導(dǎo)線框abcd位于紙面內(nèi)，cd邊與磁場(chǎng)邊界平行現(xiàn)使導(dǎo)線框水平向右運(yùn)動(dòng)，cd邊于t0時(shí)刻進(jìn)入磁場(chǎng)，c、d兩點(diǎn)間電勢(shì)差隨時(shí)間變化的圖線如圖乙所示下列說(shuō)法正確的是()圖6A磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直紙面向里B磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為4TC導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)和離開磁場(chǎng)時(shí)的速度大小之比為31D03s的過(guò)程中導(dǎo)線框產(chǎn)生的焦耳熱為48J答案AB解析01s內(nèi)線框進(jìn)入磁場(chǎng)，c、d兩點(diǎn)間電勢(shì)差為正，即c點(diǎn)相當(dāng)于電源的正極，由右手定則可知，磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，故A正確；01s內(nèi)線框進(jìn)入磁場(chǎng)，c、d兩點(diǎn)間電勢(shì)差為UcdBLv3V，線框的速度為vm/s1 m/s，解得：B4T，故B正確；由題圖乙分析可知，線框在01s內(nèi)進(jìn)入磁場(chǎng)，23s內(nèi)出磁場(chǎng)，且都是勻速運(yùn)動(dòng)，所以速度都為1m/s，所以導(dǎo)線框進(jìn)入磁場(chǎng)和離開磁場(chǎng)時(shí)的速度大小之比為11，故C錯(cuò)誤；線框在01s內(nèi)進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中電流為I4A，產(chǎn)生的焦耳熱為：Q1I2Rt16J,12s內(nèi)線框的磁通量不變，所以無(wú)感應(yīng)電流產(chǎn)生，即無(wú)焦耳熱產(chǎn)生，23s內(nèi)線框出磁場(chǎng)過(guò)程中電流為I4A，產(chǎn)生的焦耳熱為：Q2I2Rt16J，所以總焦耳熱為32J，故D錯(cuò)誤6