《（全國通用）2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題13 圖象問題學(xué)案》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（全國通用）2019屆高考物理二輪復(fù)習(xí) 專題13 圖象問題學(xué)案（15頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題13 圖象問題考題一圖象的識別1.會識圖：理解圖象的意義，斜率、截距、面積的意義，并列出公式.2.會作圖：依據(jù)物理現(xiàn)象、物理過程、物理規(guī)律作出圖象.3.會用圖：能結(jié)合物理公式和圖象解決物理問題.例1a、b兩車在公路上沿同一方向做直線運動，在t0時刻，b車在a車前方500 m處，它們的vt圖象如圖1所示，下列說法正確的是()圖1A.a、b加速時，物體a的加速度等于物體b的加速度B.在整個運動過程中，a、b兩車可以相遇兩次C.在第60 s時，物體a在物體b的前方D.在第40 s末，a、b兩車相距900 m 解析由圖可知，a車加速度為a11.5 m/s2，b車加速度為a22 m/s2，A錯誤；第

2、20 s時，a車位移為x120 m500 m，b車沒動x20 m，則x1x0，a車追上b車；第60 s時，a車位移為x1x14040 m2 100 m，b車位移為x2 m1 600 m，則x1x2x0，b車追上a車，即在整個運動過程中兩車相遇兩次，B正確，C錯誤；在第40 s末，a車位移x1x14020 m1 300 m，b車位移x2 m400 m，則兩車相距xx1(x2x0)400 m，則D錯誤.故選B.答案B變式訓(xùn)練1.一個質(zhì)量為1 kg的物體靜止在水平面上，物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.2，對物體施加一個大小變化但方向不變的水平拉力F，使物體在水平面上運動了3 s.若要使物體在3 s內(nèi)

3、運動產(chǎn)生的內(nèi)能最大，則力F隨時間t變化的圖象應(yīng)為()答案B解析由題意可知，物體在3 s內(nèi)運動的位移最大時，產(chǎn)生的內(nèi)能最大.物體受到的最大靜摩擦力為mg2 N，當(dāng)F5 N時，a13 m/s2，當(dāng)F3 N時，a21 m/s2，當(dāng)F1 N時，a31 m/s2.根據(jù)四個圖象的情況，作出對應(yīng)的vt圖象如圖所示，可知B圖在3 s內(nèi)的面積最大，即物體位移最大，故內(nèi)能最大.故選B.2.在“蹦床”娛樂活動中，從小朋友下落到離地面高h1處開始計時，其動能Ek與離地高度h的關(guān)系如圖2所示.在h1h2階段圖象為直線，其余部分為曲線，h3對應(yīng)圖象的最高點，小朋友的質(zhì)量為m，重力加速度為g，不計空氣阻力和一切摩擦.下列有

4、關(guān)說法正確的是()圖2A.整個過程中小朋友的機械能守恒B.從小朋友的腳接觸蹦床直至蹦床被壓縮至最低點的過程中，其加速度先減小后增大C.小朋友處于hh4高度時，蹦床的彈性勢能為Epmg(h2h4)D.小朋友從h1下降到h5過程中，蹦床的最大彈性勢能為Epmmgh1答案BC解析小朋友接觸蹦床后，蹦床對小朋友的彈力做功，故整個過程中小朋友的機械能不守恒，A錯誤；從小朋友的腳接觸蹦床直至蹦床被壓縮至最低點的過程中，蹦床對小朋友的彈力先小于重力，后大于重力，隨著彈力的增大，合力先減小后反向增大，故加速度先減小后增大，B正確；由題圖知，小朋友在h2處和h4處動能相等，根據(jù)蹦床和小朋友組成的系統(tǒng)機械能守恒得

5、，小朋友處于h4高度時，蹦床的彈性勢能為Epmg(h2h4)，C正確；小朋友從h1下降到h5過程中，蹦床的最大彈性勢能為Epmmg(h1h5)，D錯誤.3.如圖3所示，在豎直向下的勻強磁場中有兩根豎直放置的平行粗糙導(dǎo)軌CD、EF，導(dǎo)軌上放有一金屬棒MN.現(xiàn)從t0時刻起，給棒通以圖示方向的電流且電流強度與時間成正比，即Ikt，其中k為常量，金屬棒與導(dǎo)軌始終垂直且接觸良好.下列關(guān)于棒的速度v、加速度a隨時間t變化的關(guān)系圖象，可能正確的是()圖3答案BD解析從t0時刻起，金屬棒通以Ikt的電流，由左手定則知，安培力方向垂直紙面向里，使其緊壓導(dǎo)軌，導(dǎo)致棒在運動過程中，受到的摩擦力增大，加速度減小，因速

6、度與加速度方向相同，做加速度減小的加速運動.當(dāng)滑動摩擦力等于重力時，加速度為零，速度最大，當(dāng)安培力繼續(xù)增大時，滑動摩擦力大于重力，加速度方向豎直向上，與速度方向相反，做加速度增大的減速運動，vt圖象的斜率表示加速度的大小.考題二圖象的綜合應(yīng)用1.物理圖象不僅能夠直接反映物理量的大小、方向，而且圖線的斜率、線與坐標軸圍成的面積也有特定的物理意義.在解題時要充分理解圖象反映的信息，挖掘圖象中隱含的條件.2.通過分析圖象，能夠根據(jù)相應(yīng)的物理知識來建立物理量間的函數(shù)關(guān)系式，可以直接讀出或求出某些待求的物理量，還可以探究某些物理規(guī)律，或測定某些物理量，分析某些復(fù)雜的物理過程.3.掌握用物理圖象解決問題的

7、方法，通過對物理圖象的分析來提高對物理知識的理解和記憶能力.例2如圖4甲所示，在距離地面高度為h0.80 m的平臺上有一輕質(zhì)彈簧，其左端固定于豎直擋板上，右端與質(zhì)量m0.50 kg、可看作質(zhì)點的物塊相接觸(不粘連)，OA段粗糙且長度等于彈簧原長，其余位置均無阻力作用.物塊開始靜止于A點，與OA段的動摩擦因數(shù)0.50.現(xiàn)對物塊施加一個水平向左的外力F，大小隨位移x變化關(guān)系如圖乙所示.物塊向左運動x0.40 m到達B點，到達B點時速度為零，隨即撤去外力F，物塊在彈簧彈力作用下向右運動，從M點離開平臺，落到地面上N點，取g10 m/s2，則下列說法正確的是()圖4A.彈簧被壓縮過程中外力F做的功為6

8、.0 JB.彈簧被壓縮過程中具有的最大彈性勢能為6.0 JC.整個運動過程中克服摩擦力做功為4.0 JD.MN的水平距離為1.6 m解析根據(jù)Fx圖象與坐標軸所圍的面積表示力F做的功，則彈簧被壓縮過程中外力F做的功為 WF0.2 J180.2 J6.0 J，A正確；物塊向左運動的過程中，克服摩擦力做功Wfmgx1.0 J，根據(jù)能量守恒可知，彈簧被壓縮過程中最大彈性勢能為 EpWFWf5.0 J，B錯誤；整個運動過程中克服摩擦力做功為 Wf總2mgx2.0 J，C錯誤；設(shè)物塊離開M點時的速度為v，對整個過程由能量守恒得：mv2WFWf總，解得v4 m/s，物塊離開M點后做平拋運動，則有hgt2，x

9、vt，解得x1.6 m，D正確.答案AD變式訓(xùn)練4.一摩托車在t0時刻由靜止開始在平直的公路上行駛，其運動過程的at圖象如圖5所示，根據(jù)已知的信息，可知()圖5A.摩托車的最大動能B.摩托車在30 s末的速度大小C.在030 s的時間內(nèi)牽引力對摩托車做的功D.10 s末摩托車開始反向運動答案B解析由圖可知，在010 s摩托車做勻加速運動，1030 s做減速運動，故10 s末速度最大，動能最大，由vat可求出最大速度，但摩托車的質(zhì)量未知，故不能求最大動能，A錯誤；根據(jù)at圖象與t軸所圍的面積表示速度變化量，可求出30 s內(nèi)速度的變化量，由于初速度為0，則可求摩托車在30 s末的速度大小，B正確；

10、在1030 s牽引力是變力，由于不能求出位移，也不知道摩托車的質(zhì)量，故不能求出牽引力對摩托車做的功，C錯誤；根據(jù)“面積”表示速度變化量可知，30 s內(nèi)速度變化量為零，所以摩托車一直沿同一方向運動，D錯誤.故選B.5.如圖6所示，兩個等量異種點電荷，關(guān)于原點O對稱放置，下列能正確描述其位于x軸上的電場或電勢分布隨位置x變化規(guī)律正確的是()圖6答案A解析由兩個等量異號電荷的電場線分布圖，結(jié)合“沿電場線方向電勢降低”的原理，可知從左側(cè)無窮遠處向右，電勢從零逐漸升高，正電荷所在位置處最高，然后電勢再減小，O點處電勢為零，故O點右側(cè)電勢為負，同理到達負電荷時電勢最小，且電勢為負，從負電荷向右，電勢開始升

11、高，直到無窮遠處電勢為零，A正確，B錯誤；根據(jù)電場線的疏密表示場強的大小可知，從正電荷到負電荷，電場強度先減小后增大，但O點的電場強度不為零，故C、D錯誤.6.如圖7所示，abcd為一邊長為l的正方形導(dǎo)線框，導(dǎo)線框位于光滑水平面內(nèi)，其右側(cè)為一勻強磁場區(qū)域，磁場的邊界與線框的cd邊平行，磁場區(qū)域的寬度為2l，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直紙面向里.線框在一垂直于cd邊的水平恒定拉力F作用下沿水平方向運動，直至通過磁場區(qū)域.cd邊剛進入磁場時記為x0，線框開始勻速運動.線框中電流沿逆時針時為正，則導(dǎo)線框從剛進入磁場到完全離開磁場的過程中，a、b兩端的電壓Uab及導(dǎo)線框中的電流i隨cd邊的位置坐標x變化的

12、圖線可能是()圖7答案C解析線框進入磁場的過程做勻速運動，感應(yīng)電動勢EBlv恒定，線框中的電流大小恒定，方向沿逆時針方向，a、b兩端的電壓Uab；線框完全在磁場中運動時，穿過閉合電路的磁通量不變，線框中感應(yīng)電流為零，做勻加速運動，ab邊兩端的電壓 UabBlv不斷增大，Uab與位移x不是線性關(guān)系；線框離開磁場，做減速運動，加速度逐漸減小，線框剛好完全離開磁場時，速度大于或等于勻速運動時的速度，不可能為零，故此時電流也不可能為零，故C正確，A、B、D錯誤.專題規(guī)范練1.一質(zhì)點做直線運動，其運動的位移x跟時間t的比值與時間t的關(guān)系圖線為一條過原點的傾斜直線，如圖1所示.由圖可知，t2 s時質(zhì)點的速

13、度大小為()圖1A.2 m/s B.4 m/sC.6 m/s D.8 m/s答案B解析由圖得t，由位移公式xv0tat2得v0at，對比兩式得v00，a2 m/s2，即質(zhì)點做勻加速直線運動.故t2 s時的速度大小為vat4 m/s.故選B.2.如圖2所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，上端固定，下端連一質(zhì)量為m的物塊A，A放在質(zhì)量也為m的托盤B上，以FN表示B對A的作用力，x表示彈簧的伸長量.初始時，在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，且彈簧處于自然狀態(tài)(x0).現(xiàn)改變力F的大小，使B以的加速度勻加速向下運動(g為重力加速度，空氣阻力不計)，此過程中FN或F隨x變化的圖象正確的是()圖2答案D解析當(dāng)彈

14、簧的彈力增大到時，物塊和托盤間的壓力為零，在此之前，二者之間的壓力由開始運動時的線性減小到零，力F由開始運動時的mg線性減小到；此后托盤與物塊分離，力F保持不變，故D正確.3.圖3甲是張明同學(xué)站在壓力傳感器上做下蹲、起跳動作的示意圖，點P 是他的重心位置.圖乙是根據(jù)傳感器采集到的數(shù)據(jù)畫出的力時間圖線.兩圖中ag 各點均對應(yīng)，其中有幾個點在圖甲中沒有畫出.取重力加速度g10 m/s2.根據(jù)圖象分析可知()圖3A.張明的重力為1 500 NB.c點位置張明處于失重狀態(tài)C.e點位置張明處于超重狀態(tài) D.張明在d點的加速度小于在f點的加速度答案C解析開始時人處于平衡狀態(tài)，人對傳感器的壓力是500 N，

15、故人的重力也是500 N，A錯誤；c點時人對傳感器的壓力大于重力，處于超重狀態(tài)，B錯誤；e點時人對傳感器的壓力大于重力，處于超重狀態(tài)，C正確；人在d點：a120 m/s2.在f點：a210 m/s2，可知d點的加速度大于f點的加速度，D錯誤.4.(多選)如圖4甲所示，小物塊靜止在傾角37的粗糙斜面上.現(xiàn)對物塊施加一個沿斜面向下的推力F，力F的大小隨時間t的變化情況如圖乙所示，物塊的速率v隨時間t的變化規(guī)律如圖丙所示，取sin 370.6、cos 370.8，重力加速度取g10 m/s2，下列說法正確的是()圖4A.物塊的質(zhì)量為1 kgB.物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)為0.7C.03 s內(nèi)力F做功的

16、平均功率為0.32 WD.03 s內(nèi)物體克服摩擦力做的功為5.12 J答案AD解析由速度圖象知，在13 s內(nèi)F0.8 N，物塊做勻加速運動，且a0.4 m/s2，由牛頓第二定律有Fmgsin mgcos ma，在34 s 內(nèi)F0.4 N，物塊勻速運動，受力平衡有Fmgcos mgsin ，聯(lián)立得m1 kg，0.8，故A正確，B錯誤；在01 s內(nèi)物塊靜止F不做功，在13 s內(nèi)F0.8 N，位移xat20.8 m，在03 s內(nèi)F做功的平均功率為：P W0.213 W，C錯誤；在03 s內(nèi)物塊克服摩擦力做的功Wfmgcos x5.12 J，D正確.5.如圖5所示，在邊長為a的正方形區(qū)域內(nèi)有以對角線為

17、邊界，垂直于紙面的兩個方向相反的勻強磁場，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小相等.紙面內(nèi)一邊長為a的正方形導(dǎo)線框沿著x軸勻速穿過磁場區(qū)域，在t0時，導(dǎo)線框運動到原點O處且恰好開始進入磁場區(qū)域.取順時針方向為導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的正方向，則下列圖象中能夠正確表示從t0時刻開始感應(yīng)電流與導(dǎo)線框位移關(guān)系的是()圖5答案B解析x在0a范圍內(nèi)，線框右邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，感應(yīng)電流大小i(a2x)，其中x在0范圍內(nèi)感應(yīng)電流為順時針，為正方向；x時，i0；x在a范圍內(nèi)，感應(yīng)電流方向沿逆時針，為負方向；x在a2a內(nèi)，感應(yīng)電流大小 i(3a2x)，其中，x在aa感應(yīng)電流方向沿逆時針，為負方向.xa時，i0；x在a2a范圍內(nèi)

18、，感應(yīng)電流沿順時針，為正方向，故B正確，A、C、D錯誤.故選B.6.某空間區(qū)域的豎直平面內(nèi)存在電場，其中豎直的一條電場線如圖6甲中虛線所示.一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電小球，在電場中從O點由靜止開始沿電場線豎直向下運動.以O(shè)為坐標原點，取豎直向下為x軸的正方向，小球的機械能E與位移x的關(guān)系如圖乙所示，不計空氣阻力.則()圖6A.電場強度大小恒定，方向沿x軸負方向B.從O到x1的過程中，小球的速率越來越大，加速度越來越小C.從O到x1的過程中，相等的位移內(nèi)，小球克服電場力做的功相等D.到達x1位置時，小球速度的大小為 答案D解析物體的機械能逐漸減小，電場力對小球做負功，故電場強度方向向上，即

19、沿x軸負方向，由機械能的變化關(guān)系知，相等位移內(nèi)電場力做功越來越小，說明電場力減小，故電場強度不斷減小，A錯誤；由牛頓第二定律知，物體受重力與電場力作用，電場力向上，重力向下，開始時重力大于電場力，因電場力越來越小，故合力越來越大，加速度越來越大，速度越來越大，B錯誤；因電場力越來越小，在相等的位移內(nèi)小球克服電場力做功越來越小，C錯誤；由動能定理mgx1E1E0mv20，得到達x1位置時，小球速度v ，D正確.故選D.7.(多選)兩個等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C三點，如圖7甲所示，一個電荷量為2103 C，質(zhì)量為0.1 kg的小物塊(可視為質(zhì)點)從C點靜止釋放，其運

20、動的vt圖象如圖乙所示，其中B點處為整條圖線切線斜率最大的位置(圖中標出了該切線).則下列說法正確的是()圖7A.由C到A的過程中物塊的電勢能先減小后變大B.B點為中垂線上電場強度最大的點，場強E100 V/mC.由C點到A點電勢逐漸降低D. B、A兩點間的電勢差UBA5 V答案BC解析由C點到A點的過程中，由vt圖可知帶電粒子的速度增大，電場力做正功，電勢能減小，A錯誤；由vt圖可知帶電粒子在B點的加速度最大為2 m/s2，所受的電場力最大為0.2 N，由E知，B點的場強最大為100 N/C，B正確；因兩個等量的同種正電荷其連線的中垂線上電場強度方向由O點沿中垂線指向外側(cè)，故由C點到A點的過

21、程中電勢逐漸減小，C正確；由vt圖得A、B兩點的速度，由動能定理得WBAmvmv1 J，電勢差UBA500 V，D錯誤.故選B、C.8.(多選)如圖8所示，半圓形固定軌道AO段光滑，OB段粗糙且各處粗糙程度相同.一質(zhì)量為m的滑塊從半圓形軌道左側(cè)最高點A處由靜止下滑，到達最低點O以后再沖上軌道右側(cè)高度為H的B處.取O點重力勢能為零，在滑塊從O到B，再從B回到O的過程中，滑塊的機械能E、動能Ek隨高度h的關(guān)系可能是()圖8答案AC解析在滑塊從O到B，再從B回到O的過程中，由于滑塊要克服摩擦力做功，所以滑塊的機械能不斷減小，經(jīng)過同一點時，向上運動的速度大于向下運動的速度(除B點以外)，由向心力知識可

22、知，經(jīng)過同一點向上運動時，滑塊所受的軌道支持力大，則滑塊向上運動時對軌道的壓力較大，摩擦力較大，由功能關(guān)系知：FfhE，可知Eh圖象切線的斜率表示摩擦力大小，則A圖是可能的，B圖不可能，故A正確，B錯誤；由動能定理得：F合hEk，可知Ekh圖象切線的斜率表示合力大小，滑塊在同一點(B點除外)向上運動時受到的合力大于向下運動時受到的合力大小，因此C圖可能正確，D不可能，故C正確，D錯誤.9.如圖9(a)所示，平行且光滑的長直金屬導(dǎo)軌MN、PQ水平放置，間距L0.4 m.導(dǎo)軌右端接有阻值R1 的電阻，導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上，且接觸良好，導(dǎo)體棒接入電路的電阻r1 ，導(dǎo)軌電阻不計，導(dǎo)軌間正方形區(qū)域ab

23、cd內(nèi)有方向豎直向下的勻強磁場，bd連線與導(dǎo)軌垂直，長度也為L.從0時刻開始，磁感應(yīng)強度B的大小隨時間t變化，規(guī)律如圖(b)所示；同一時刻，棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運動，1 s后剛好進入磁場，若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v1 m/s做直線運動，求：圖9(1)棒進入磁場前，電阻R中電流的大小和方向；(2)棒通過abcd區(qū)域的過程中通過電阻R的電量；(3)棒通過三角形abd區(qū)域時電流i與時間t的關(guān)系式.答案(1)0.02 AQ到N(2)0.02 C(3)i(t1) A(1.0 s t1.2 s)解析(1)棒進入磁場前，正方形區(qū)域abcd的磁場均勻增大，由楞次定律可知，通過R的電流方向為Q到N由法拉第電

24、磁感應(yīng)定律得：E0.04 V流過R的電流為：I0.02 A(2)由題得：通過R的電量為qttt0.02 C(3)由題可得：i(t1)A(1.0 st1.2 s)10.足夠長光滑斜面BC的傾角53，小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.5，水平面與斜面之間B點有一小段弧形連接，一質(zhì)量m2 kg的小物塊靜止于A點.現(xiàn)在AB段對小物塊施加與水平方向成53的恒力F，如圖10(a)所示，小物塊在AB段運動的速度時間圖象如圖(b)所示，到達B點迅速撤去恒力F.(已知sin 530.8，cos 530.6).求：圖10(1)小物塊所受到的恒力F的大??；(2)小物塊從B點沿斜面向上運動，到返回B點所用的時間；(3)小物塊能否返回到A點？若能，計算小物塊通過A點時的速度；若不能，計算小物塊停止運動時離B點的距離.答案(1)11 N(2)0.5 s(3)不能0.4 m解析(1)由圖(b)可知，AB段的加速度a10.5 m/s2由牛頓第二定律有：Fcos (mgFsin )ma得F11 N(2)在BC段有：mgsin ma2得a2gsin 8 m/s2.小物塊從B到C所用時間與從C到B所用時間相等，有t0.5 s(3)小物塊從B向A運動過程中，有：mgma3得a3g5 m/s2滑行的距離s0.4 msABt4.0 m所以小物塊不能返回到A點，停止運動時，離B點的距離為0.4 m.15