《2020高考物理二輪復習 600分沖刺 專題一 力與運動 第3講 力與物體的曲線運動優(yōu)練（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020高考物理二輪復習 600分沖刺 專題一 力與運動 第3講 力與物體的曲線運動優(yōu)練（含解析）（9頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、力與物體的曲線運動一、選擇題(本題共10小題，其中15題為單選，610題為多選)1(2019江西南昌市模擬)在2018年亞運會男子跳遠決賽中，中國選手王嘉男破紀錄奪冠。在第一跳中，他(可看作質點)水平距離達8.24 m，高達2.06 m。設他離開地面時的速度方向與水平面的夾角為，若不計空氣阻力，則tan等于(B)A0.5B1C2D4解析從起點A到最高點B可看作平拋運動的逆過程，如圖所示： 運動員做平拋運動，初速度方向與水平方向夾角的正切值為：tan2tan21，故選B。2.(2019江蘇省宿遷市模擬)如圖所示，斜面上從A點水平拋出的小球落在B點，球到達B點時速度大小為v，方向與斜面夾角為?，F(xiàn)將

2、小球從圖中斜面上C點拋出，恰能水平擊中A點，球在C點拋出時的速度大小為v1，方向與斜面夾角為。則(A)A ，v1vB ，v1vC ，v1v D ，v1v解析由逆向思維可知，從A點水平拋出的小球剛好落在C點，由物體在斜面上做平拋運動落在斜面上，任一時刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，所以，設小球落在斜面上速度與水平方向的夾角為，則小球落在斜面上，豎直方向上的速度與水平方向速度的比值tan，解得：vy2v0tan，落在斜面上的速度為v由于落在C點的小球運動時間短，所以有v1v，故A正確。3(2019浙江省紹興市模擬)為了提高一級方程式賽車的性能，在形狀設計時要求賽車上下

3、方空氣存在一個壓力差(即氣動壓力)，從而增大賽車對地面的正壓力。如圖所示，一輛總質量為600 kg的賽車以288 km/h的速率經過一個半徑為180 m的水平彎道，轉彎時賽車不發(fā)生側滑，側向附著系數(shù)(正壓力與摩擦力的比值)1，則賽車轉彎時(D)A向心加速度大小約為46 m/s2B受到的摩擦力大小約為3105 NC受到的支持力大小約為6 000 ND受到的氣動壓力約為重力的2.6倍解析288 km/h80 m/s，根據向心加速度公式a36 m/s2，A錯誤；因為摩擦力提供向心力，根據牛頓第二定律得：fm213 33 N，B錯誤；因為摩擦力fN(MgF)，則汽車所受支持力N21 333 N，氣動壓

4、力FNMg15 333 N，故2.6，C錯誤，D正確。4. (2019廣東省深圳市模擬)如圖所示，將一小球從固定斜面頂端A以某一速度水平向右拋出，恰好落到斜面底端B。若初速度不變，對小球施加不為零的水平方向的恒力F，使小球落到AB連線之間的某點C。不計空氣阻力。則(D)A球落到B點與落到C點所用時間相等B球落到B點與落到C點的速度方向一定相同C球落到C點時的速度方向不可能豎直向下D力F越大，小球落到斜面的時間越短解析小球在兩次運動過程中，豎直方向都是只受重力，做自由落體運動，由hgt2，可得第一次所用時間長，A錯誤；若兩次小球都做平拋運動，則小球落到B點與落到C點的速度方向一定相同，但對小球施

5、加水平方向的恒力后，速度方向就不會相同，B錯誤；落到C點的小球在水平方向先做勻減速直線運動，若落到C點時水平分速度恰好減為0，則此時速度方向就是豎直向下，C錯誤；設斜面傾角為，落到斜面時間為t, tan，ygt2，xvtt2，聯(lián)立得tan，可見力F越大，小球落到斜面的時間越短，D正確。5(2019湖北省武漢市模擬)如圖所示，用兩根長度均為L的繩子，將一重物懸掛在水平的天花板下，輕繩與天花板的夾角為，整個系統(tǒng)靜止時，每根輕繩中的拉力為F1?，F(xiàn)將其中一根輕繩剪斷，當小球擺至最低點時，輕繩中的拉力為F2，下列說法正確的是(C)A繩子沒有剪斷時F1mgB將其中一根繩子替換為原長為L的彈簧，則繩子的拉力

6、不變C若等于30，則F22F1D無論取什么角度，F(xiàn)2不可能等于F1解析繩子沒有剪斷時，有2F1sinmg，得F1，A錯誤；將其中一根繩子替換為原長為L的彈簧，則平衡之后，小球位置應該下降，即角度變大，所以繩子拉力應該變小，B錯誤；剪斷繩子后，小球擺到最低點，設此時速度為v，有F2mgm ，得F2mmg。剪斷繩子后，根據機械能守恒定律，有mv2mg(LLsin)，得在最低點時F2mg2mg(1sin)。因為6sin4sin2，當sin0.5時，F(xiàn)22F1，C正確；根據數(shù)學知識6sin4sin2的最大值為2.25，最小值為0，D錯誤。6(2019山東省濟寧市模擬)如圖所示，蜘蛛在兩豎直桿a、b間織

7、網，先布下一根蛛絲MN，再在M點正下方的P點以水平速度v0向MN躍去，蜘蛛恰好能躍到MN上。已知MN與豎直方向成角，重力加速度為g。則下列說法中正確的是(CD)A蜘蛛躍到蛛絲上的速度為B蜘蛛從P點躍到MN上的時間為C蜘蛛從P點躍到MN上的水平距離為DP點與M點間的距離為解析蜘蛛恰好能躍到MN上，表示蜘蛛平拋運動的軌跡恰好和MN相切，即蜘蛛躍到MN上時速度v的方向沿MN方向，根據幾何關系可得v，選項A錯誤；同理可得，蜘蛛躍到MN上時豎直分速度vy，所以蜘蛛從P點躍到MN上的時間t，選項B錯誤；蜘蛛從P點躍到MN上的水平距離xv0t，選項C正確；P點與M點間的距離hgt2，選項D正確。7(2019

8、重慶模擬)如圖，質量為m的小球從斜軌道高h處由靜止滑下，然后沿豎直圓軌道的內側運動。已知圓軌道的半徑為R，不計一切摩擦阻力，重力加速度為g。則下列說法正確的是(BC)A當h2R時，小球恰好能到達最高點MB當h2R時，小球在圓心等高處P時對軌道壓力為2mgC當hR時，小球在運動過程中不會脫離軌道D當hR時，小球在最低點N時對軌道壓力為2mg解析在圓軌道的最高點M，由牛頓第二定律有：mgm，得：v0根據機械能守恒得：mghmg2Rmv，解得：h2.5R，故A錯誤；當h2R時，小球在圓心等高處P時速度為v，根據機械能守恒得：mg2RmgRmv2，小球在P時，有：Nm，聯(lián)立解得N2mg，則知小球在圓心

9、等高處P時對軌道壓力為2mg，故B正確；當hR時，根據機械能守恒，小球在圓軌道上圓心下方軌道上來回運動，在運動過程中不會脫離軌道，故C正確；當hR時，設小球在最低點N時速度為v，則有：mgRmv2在圓軌道最低點，有：Nmgm，解得：N3mg，則小球在最低點N時對軌道壓力為3mg，故D錯誤。故選BC。8. (2019江西省南康區(qū)模擬)如圖所示，一段繩子跨過距地面高度為H的兩個定滑輪，一端連接小車P，另一端連接物塊Q，小車最初在左邊滑輪的正下方A點，以速度v從A點沿水平面勻速向左運動，運動了距離H到達B點(繩子足夠長)，下列說法中正確的有(BCD)A物塊勻速上升B物塊在上升過程中處于超重狀態(tài)C車過

10、B點時，物塊的速度為vD車過B點時，左邊繩子繞定滑輪轉動的角速度為解析將小車的運動分解為沿繩子方向的運動以及垂直繩子方向的運動，如圖：設此時繩子與水平方向的夾角為，則：tan1，所以：45。由三角函數(shù)可解得：當小車運動到繩與水平方向夾角為時小車的速度為v，則vcosv，可知物塊的運動不是勻運動。A錯誤；由于vcosv，隨的減小，v增大，所以物塊向上做加速運動；加速度的方向向上，所以物塊處于超重狀態(tài)。B正確；當小車運動到B點，繩與水平方向夾角45時小車的速度為v，則vcos45v，則vv，C正確；小車運動到繩與水平方向夾角45時，左側的繩子的長度是H，由圖可知垂直于繩子方向的分速度為：vvsin

11、45v，所以左邊繩子繞定滑輪轉動的角速度為：。D正確。9(2019高考仿真模擬4)太極球是廣大市民中較流行的一種健身器材，將太極球(拍和球)簡化成如圖所示的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內始終不脫離板而做半徑為R的勻速圓周運動，且在運動到圖中的A、B、C、D位置時球與板間無相對運動趨勢，A為圓周的最高點，C為最低點，B、D與圓心O等高。球的質量為m，重力加速度為g，則 (BD)A在C處板對球施加的力比在A處大6mgB球在運動過程中機械能不守恒C球在最低點C的速度最小值為D板在B處與水平方向的傾角隨速度的增大而增大解析設球運動的線速率為v，半徑為R，則在A處時： mgm 在C處時： Fmg

12、m由式得：F2mg，即在C處板對球所需施加的力比A處大2mg，故A錯誤；球在運動過程中，動能不變，勢能時刻變化，故機械能不守恒，故B正確；球在任意時刻的速度大小相等，即球在最低點C的速度最小值v等于在最高點最小速度，根據mgm，得v，故C錯誤；根據重力沿水平方向的分力提供向心力，即mgtanm，故v，故板在B處與水平方向傾斜角隨速度的增大而增大，故D正確。10(2019安徽省六安市模擬)如圖所示，一個固定在豎直平面內的光滑半圓形管道，管道里有一個直徑略小于管道內徑的小球，小球在管道內從A點到B點做圓周運動，從B點脫離后做平拋運動，經過0.4 s后又恰好垂直與傾角為45的斜面相碰。已知半圓形管道

13、的半徑為R1 m，小球可看作質點且其質量為m1 kg，g取10 m/s2。下列判斷正確的是(ACD) A小球在斜面上的碰點C與管道圓心O的高度差是 0.2 mB小球在斜面上的相碰點C與B點的水平距離是0.8 mC小球經過管道內O點等高點時，重力的瞬時功率是60 WD小球經過管道的A點時，對管道外壁壓力是66 N解析小球從B到C的運動時間為t0.4 s，那么，小球在C點的豎直分速度為：vygt4m/s；由小球恰好垂直與傾角為45的斜面相碰可知：小球從B點水平射出的速度vvycot454 m/s，故小球在斜面上的相碰點C與B點的水平距離為：svt1.6 m；hgt2100.420.8 m ，hCO

14、Rh10.80.2 m，故A正確，B錯誤；從管道內O點等高點到B點，由動能定理得：mgRmv2mv，重力的功率PGmgv060 W，故C正確；從管道內A點等高點到B點，由動能定理得：mgRmv2mv，在A點，有FNmgm，解得FN66 N，故D正確。二、計算題(本題共2小題，需寫出完整的解題步驟)11(2019甘肅省天水市模擬)如圖是一皮帶傳輸裝載機械示意圖。井下挖掘工將礦物無初速放置于沿圖示方向運行的傳送帶A端，被傳輸?shù)侥┒薆處，再沿一段圓形軌道到達軌道的最高點C處，然后水平拋到貨臺上。已知半徑為R0.4 m的圓形軌道與傳送帶在B點相切，O點為圓形軌道的圓心，BO、CO分別為圓形軌道的半徑。

15、礦物可視為質點，傳送帶與水平面間的夾角37，礦物與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.85，傳送帶勻速運行的速度為v06 m/s，傳送帶AB兩點間的長度為L40 m。若礦物落點D處離最高點C點的水平距離為s2 m，豎直距離為h1.25 m，礦物質量m5 kg，sin370.6，cos370.8，g10 m/s2，不計空氣阻力。求：(1)礦物到達C點時對軌道的壓力大小；(2)礦物到達B點時的速度大??；(3)礦物由A點到達C點的過程中，摩擦力對礦物所做的功。答案(1)150 N(2)6 m/s(3)1 276 J解析(1)礦物離開C后做平拋運動在水平方向：svCt在豎直方向：hgt2礦物在C點，由牛頓第二定律

16、得：mgNm由牛頓第三定律可知，礦物對軌道的壓力：NN聯(lián)立并代入數(shù)據得：N150 N，方向豎直向上(2)設礦物在AB段始終處于加速狀態(tài)，由動能定理得：(mgcosmgsin)Lmv2代入數(shù)據解得：v8 m/sv06 m/s由此可知，礦物在傳送帶上先加速到與傳送帶速度相等，然后勻速運動到B點，到達B點時的速度為6 m/s(3)從A到C過程，由動能定理得：WfmgLsinR(1cos)mv0代入數(shù)據解得：Wf1 276 J12(2019河南安陽模擬)如圖所示，一圓心為O半徑為R的光滑半圓軌道固定在豎直平面內，其下端和粗糙的水平軌道在A點相切，AB為圓弧軌道的直徑。質量分別為m、2 m的滑塊1、2用

17、很短的細線連接，在兩滑塊之間夾有壓縮的短彈簧(彈簧與滑塊不固連)，滑塊1、2位于A點?，F(xiàn)剪斷兩滑塊間的細線，滑塊1恰能過B點，且落地點恰與滑塊2停止運動的地點重合。滑塊1、2可視為質點，不考慮滑塊1落地后反彈，不計空氣阻力，重力加速度為g，求：(1)滑塊1過B點的速度大?。?2)彈簧釋放的彈性勢能大??；(3)滑塊2與水平軌道間的動摩擦因數(shù)。答案(1)vB(2)EpmgR(3)解析(1)滑塊1恰能過B點，則有mgm解得vB (2)滑塊1從A點運動到B點的過程中，根據動能定理有mg2Rmvmv解得vA滑塊1、2被彈簧彈開前后，根據動量守恒定律有mvA2mv根據能量轉化和守恒定律有EPmv2mv2聯(lián)立解得EpmgR(3)滑塊1過B點后做平拋運動，則水平方向有xvBt豎直方向有2Rgt2滑塊2在水平方向做減速運動，根據動能定理有2mgx02mv2聯(lián)立解得- 9 -