《2020高中物理 第七章 機(jī)械能守恒定律 第八節(jié) 機(jī)械能守恒定律學(xué)案 新人教版必修2》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高中物理 第七章 機(jī)械能守恒定律 第八節(jié) 機(jī)械能守恒定律學(xué)案 新人教版必修2（22頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第八節(jié)　機(jī)械能守恒定律 1．知道什么是機(jī)械能，知道物體的動能和勢能可以相互轉(zhuǎn)化。 2．能夠根據(jù)動能定理、重力做功與重力勢能變化間的關(guān)系，推導(dǎo)出機(jī)械能守恒定律。 3．會根據(jù)機(jī)械能守恒的條件判斷機(jī)械能是否守恒，能運(yùn)用機(jī)械能守恒定律解決有關(guān)問題。 1.動能與勢能的相互轉(zhuǎn)化 (1)重力勢能與動能的轉(zhuǎn)化：只有重力做功時，若重力對物體做正功，則物體的重力勢能減少，動能增加，物體的重力勢能轉(zhuǎn)化成了動能；若重力對物體做負(fù)功，則物體的重力勢能增加，動能減少，物體的動能轉(zhuǎn)化為重力勢能。 (2)彈性勢能與動能的轉(zhuǎn)化：只有彈簧彈力做功時，若彈力對物體做正功，則彈簧的彈性勢能減少，物體的動能增加，彈

2、簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為物體的動能；若彈力對物體做負(fù)功，則彈簧的彈性勢能增加，物體的動能減少，物體的動能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能。 (3)機(jī)械能：重力勢能、彈性勢能和動能的統(tǒng)稱，表達(dá)式為E＝Ek＋Ep。通過重力或彈力做功，機(jī)械能可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式。 2．機(jī)械能守恒定律 (1)內(nèi)容：在只有重力或彈力做功的物體系統(tǒng)內(nèi)，動能與勢能可以互相轉(zhuǎn)化，而總的機(jī)械能保持不變。 (2)機(jī)械能守恒的條件：只有重力或彈力做功。 (3)表達(dá)式：Ek2＋Ep2＝Ek1＋Ep1，即E2＝E1。 判一判 (1)合力為零，物體的機(jī)械能一定守恒。(　　) (2)合力做功為零，物體的機(jī)械能一定守恒。(　　)

3、(3)只有重力做功，物體的機(jī)械能一定守恒。(　　) 提示：(1)×　(2)×　合力為零或合力做功為零，物體的機(jī)械能都不一定守恒，如物體沿斜面勻速下滑時，物體的機(jī)械能減少。 (3)√　機(jī)械能守恒的條件是只有重力或彈力做功。 課堂任務(wù)　機(jī)械能守恒定律 如圖所示，質(zhì)量為m的物體從光滑曲面頂端靜止下滑，經(jīng)過A、B兩個位置。認(rèn)真參與“師生互動”。 活動1：以地面為參考平面，圖中物體在A、B點的動能、勢能、機(jī)械能各是什么？ 提示：A點：動能Ek1＝mv，勢能Ep1＝mgh1，機(jī)械能E1＝Ek1＋Ep1＝mv＋mgh1。 B點：動能Ek2＝mv，勢能Ep2＝mgh2，機(jī)械能E2＝

4、Ek2＋Ep2＝mv＋mgh2。 活動2：物體從A運(yùn)動到B的過程中，能量怎么轉(zhuǎn)化？猜想守恒量是什么？ 提示：物體從A運(yùn)動到B的過程中，重力勢能減少，動能增加，重力勢能轉(zhuǎn)化為動能。我們可以猜想，這個守恒量是機(jī)械能。 活動3：圖中物體從A運(yùn)動到B的過程中，哪些力對物體做功？總功是多少？ 提示：物體從A運(yùn)動到B的過程中物體受重力和支持力，但只有重力做功，其值為WG＝mg(h1－h(huán)2)，則總功為mg(h1－h(huán)2)。 活動4：討論、交流、展示，得出結(jié)論。 (1)機(jī)械能守恒定律的推導(dǎo) 圖中物體從A運(yùn)動到B的過程中： 合外力的總功就是重力做的功，即W總＝mg(h1－h(huán)2) 動能的變化量：Δ

5、E＝Ek2－Ek1＝mv－mv 根據(jù)動能定理W總＝ΔE，再整理得到：mv＋mgh2＝mv＋mgh1 即末狀態(tài)的機(jī)械能和初狀態(tài)的機(jī)械能相等：E2＝E1。 (2)機(jī)械能守恒的幾種常見情況 例1　如圖所示，下列關(guān)于機(jī)械能是否守恒的判斷正確的是(　　) A．甲圖中，火箭升空的過程中，若勻速升空機(jī)械能守恒，若加速升空機(jī)械能不守恒 B．乙圖中物體勻速運(yùn)動，機(jī)械能守恒 C．丙圖中小球做加速運(yùn)動，機(jī)械能守恒 D．丁圖中，輕彈簧將A、B兩小車彈開，兩小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，兩小車和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 (1)機(jī)械能守恒的條件是什么？ 提示：系統(tǒng)內(nèi)只有重力或彈力做功

6、。 (2)多個物體組成的系統(tǒng)什么情況下機(jī)械能守恒？ 提示：多個物體組成的系統(tǒng)如果只有重力或系統(tǒng)內(nèi)的彈力做功，則系統(tǒng)的機(jī)械能沒有轉(zhuǎn)變?yōu)槠渌问降哪?，只是一部分機(jī)械能增大另一部分減小，總機(jī)械能仍是守恒的。 [規(guī)范解答]　題圖甲中無論火箭勻速上升還是加速上升，都有推力做正功，機(jī)械能增加，A錯誤；題圖乙中物體沿斜面勻速上升，動能不變，重力勢能增加，機(jī)械能增加，B錯誤；題圖丙中，小球沿粗糙斜面加速滾下過程中，除了重力做功，還有摩擦力做負(fù)功，機(jī)械能減少，C錯誤；題圖丁中，彈簧的彈力做功，彈簧的彈性勢能轉(zhuǎn)化為兩小車的動能，兩小車組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，而兩小車與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，D正確。 [完

7、美答案]　D 判斷機(jī)械能是否守恒應(yīng)注意的問題 (1)合力為零是物體處于平衡狀態(tài)的條件。物體受到的合力為零時，它一定處于勻速直線運(yùn)動狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)，但它的機(jī)械能不一定守恒。 (2)合力做功為零是物體動能不變的條件。合力對物體不做功，它的動能一定不變，但它的機(jī)械能不一定守恒。 (3)只有重力或系統(tǒng)內(nèi)彈力做功是機(jī)械能守恒的條件。只有重力對物體做功時，物體的機(jī)械能一定守恒；只有重力或系統(tǒng)內(nèi)彈力做功時，系統(tǒng)的機(jī)械能一定守恒，但系統(tǒng)內(nèi)單個物體的機(jī)械能不一定守恒。 　(多選)下列關(guān)于各圖中機(jī)械能是否守恒的判斷正確的是(　　) A．甲圖中，物體A將彈簧壓縮的過程中，A機(jī)械能守恒 B．

8、乙圖中，在大小等于摩擦力的拉力下沿斜面下滑時，物體B機(jī)械能守恒 C．丙圖中，不計任何阻力時A加速下落、B加速上升過程中，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 D．丁圖中，ω越來越大，小球慢慢升高，小球的機(jī)械能仍然守恒 答案　BC 解析　甲圖中只有重力和彈力做功，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，但物體A將彈簧壓縮的過程中，彈簧的彈性勢能增大，物體A機(jī)械能減小，所以物體A機(jī)械能不守恒，A錯誤；乙圖中物體B除受重力外，還受彈力、拉力、摩擦力，但除重力之外的三個力做功代數(shù)和為零，機(jī)械能守恒，B正確；丙圖中繩子張力對A做負(fù)功，對B做正功，兩功代數(shù)和為零，A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，C正確；丁圖中小球的動

9、能增加，重力勢能也增加，故機(jī)械能增加，機(jī)械能不守恒(拉力對小球做正功)，D錯誤。 課堂任務(wù)　機(jī)械能守恒定律的應(yīng)用 仔細(xì)觀察下列圖片，認(rèn)真參與“師生互動”。 活動1：讓小球從斜軌道由靜止自由滾下，當(dāng)h＝2R時小球能過圓軌道的最高點嗎？ 提示：假設(shè)能過最高點，以支撐面為零勢能面，小球的初始位置動能為零，重力勢能Ep1＝2mgR，而在圓軌道最高點時Ep2＝2mgR，由圓周運(yùn)動的知識可知小球能過圓軌道的最高點的速度大于零，即動能大于零，那么小球運(yùn)動到最高點機(jī)械能增加了，違背了機(jī)械能守恒定律(整個過程只有重力做功)。所以小球不能過圓軌道的最高點。 活動2：小球自由滾下的初始高度只要大于

10、2R，小球就能過圓軌道的最高點嗎？ 提示：小球過最高點時有最小速度，即過最高點時有最小動能，而整個過程機(jī)械能守恒，那么小球的初始位置對應(yīng)著一個最小的機(jī)械能，也就是小球的初始位置必須不低于某一高度，小球才能過圓軌道的最高點，而這一高度h0>2R，只有h≥h0時，小球才能過圓軌道最高點。 活動3：小球從斜軌道上h至少為多大的位置自由滾下才能通過圓軌道的最高點？ 提示：(1)小球過最高點需滿足向心力不小于重力，即m≥mg，由此得出最高點的動能至少是mgR。 (2)以支撐面為零勢能面，小球的初始機(jī)械能E1＝Ep1＝mgh，小球在圓軌道的最高點的重力勢能Ep2＝2mgR，動能至少是mgR，所以機(jī)

11、械能至少為E2＝2mgR＋mgR。 (3)整個過程機(jī)械能守恒，E1＝E2，即mgh＝2mgR＋mgR，解得h＝R。 活動4：活動3的解法還可以再簡單些嗎？ 提示：可以。我們知道小球過圓軌道的最高點一定有動能，而整個過程機(jī)械能守恒，小球增加的動能一定是由重力勢能轉(zhuǎn)化而來的。用mgΔh來表示減少的重力勢能，根據(jù)活動3可知小球過最高點的動能最小值是mgR，則mgR＝mgΔh，可得Δh＝R，即小球初始位置高度至少為h＝2R＋R＝R。 活動5：討論、交流、展示，得出結(jié)論。 (1)機(jī)械能守恒定律常用的三種表達(dá)式 第一種方法，必須選擇零勢能面才可以解題。第二種方法的好處是不用選擇零勢能面，勢

12、能的變化與零勢能面的選取無關(guān)。第三種方法是對多個物體總機(jī)械能守恒而言的，一般涉及兩個物體。 (2)應(yīng)用機(jī)械能守恒定律解題的步驟 ①對研究對象(某個物體或多個物體)進(jìn)行正確的受力分析，判斷各個力是否做功，并分析是否滿足機(jī)械能守恒的條件。 ②若機(jī)械能守恒，選擇合適的表達(dá)式列出方程，或再輔以其他方程進(jìn)行求解。 例2　如圖，在豎直平面內(nèi)有一固定光滑軌道，其中AB是長為R的水平直軌道，BCD是圓心為O、半徑為R的圓弧軌道，兩軌道相切于B點。一小球在外力作用下從A點由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動，到達(dá)B點時撤去外力。已知小球剛好能沿圓軌道經(jīng)過最高點C，重力加速度為g。求： (1)小球在C點的

13、速度的大??； (2)小球在AB段運(yùn)動的加速度的大小； (3)小球從D點運(yùn)動到A點所用的時間。 (1)小球剛好能沿圓軌道經(jīng)過最高點C意味著什么？ 提示：小球在最高點C的向心力等于重力，可以求解其速度和動能。 (2)整個運(yùn)動過程中哪些過程機(jī)械能是守恒的？ 提示：小球在AB段運(yùn)動的過程是機(jī)械能增加的過程。從B點開始一直運(yùn)動到A點的過程只有重力做功，機(jī)械能守恒。 (3)小球從D點到A點做什么運(yùn)動？ 提示：小球在D點速度沿切線方向，即豎直向下，所以小球從D點到A點做豎直向下的加速度為重力加速度的勻加速直線運(yùn)動。 [規(guī)范解答]　選AB所在平面為參考平面。 (1)小球剛好能沿圓軌道經(jīng)過最

14、高點C，則有： mg＝m，解得vC＝。 (2)設(shè)小球在AB段運(yùn)動的加速度為a，則由運(yùn)動學(xué)公式得v＝2aR 從B到C，只有重力做功，小球的機(jī)械能守恒，則有： mv＋mg·2R＝mv 聯(lián)立可得vB＝，a＝g。 (3)設(shè)小球過D點的速度為vD，從C到D，小球的機(jī)械能守恒： mv＋2mgR＝mv＋mgR，解得vD＝ 設(shè)小球回到A點時的速度為vA，從B到A，由機(jī)械能守恒定律得mv＝mv 所以vA＝vB＝ 從D到A的時間為t＝＝(－) 。 [完美答案]　(1)　(2)g　(3)(－) 1．利用機(jī)械能守恒定律可從下面三個角度列方程 (1)守恒觀點：E1＝E2(需要選零勢能參考

15、平面)。 (2)轉(zhuǎn)化觀點：ΔEk＝－ΔEp(不用選零勢能參考平面)。 (3)轉(zhuǎn)移觀點：ΔEA＝－ΔEB(不用選零勢能參考平面)。 2．機(jī)械能守恒定律往往和圓周運(yùn)動、平拋運(yùn)動相結(jié)合 (1)與圓周運(yùn)動結(jié)合：①臨界情況；②F向＝m。 (2)與平拋運(yùn)動結(jié)合：以平拋運(yùn)動初速度為橋梁，將平拋運(yùn)動公式與機(jī)械能守恒定律表達(dá)式聯(lián)系起來。 　如圖所示，豎直平面內(nèi)的圓弧形光滑管道內(nèi)徑略大于小球直徑，管道中心到圓心距離為R，A點與圓心O等高，AD為水平面，B點在O的正下方，小球自A點正上方由靜止釋放，自由下落至A點時進(jìn)入管道，當(dāng)小球到達(dá)B點時，管壁對小球的彈力大小為小球重力大小的9倍，求： (1

16、)釋放點距A點的豎直高度； (2)落點C與A的水平距離。 答案　(1)3R　(2)(2－1)R 解析　(1)設(shè)小球到達(dá)B點的速度為v1，因為到達(dá)B點時管壁對小球的彈力大小為小球重力大小的9倍，所以有9mg－mg＝m 以B點所在平面為零勢能面，從釋放點到B點，由機(jī)械能守恒定律得mg(h＋R)＝mv 由此可解得h＝3R。 (2)設(shè)小球到達(dá)最高點的速度為v2，落點C與A的水平距離為x 從B點到C點，由機(jī)械能守恒定律得 mv＝mv＋mg·2R 由平拋運(yùn)動規(guī)律得R＝gt2，R＋x＝v2t 由此可解得x＝(2－1)R。 例3　如圖所示，一根很長的、不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，繩

17、兩端各系一小球a和b。a球質(zhì)量為m，靜置于地面；b球質(zhì)量為3m，用手托住，高度為h，此時輕繩剛好拉緊。不計空氣阻力，從靜止開始釋放b后，a可能到達(dá)的最大高度為(　　) A．h B．1.5h C．2h D．2.5h (1)在b球下降、a球上升的過程中，每一個球的機(jī)械能都守恒嗎？a、b球組成的系統(tǒng)呢？ 提示：由于a、b間繩的拉力對a做正功，對b做負(fù)功，所以a球的機(jī)械能增加，b球的機(jī)械能減少，a、b球的機(jī)械能都不守恒。但拉力對a做的功與對b做的功的代數(shù)和為0，故a、b球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。 (2)從開始到b球落地前瞬間怎么利用機(jī)械能守恒列式？ 提示：這個過程a、b球獲得的動能，

18、是由這個系統(tǒng)的勢能轉(zhuǎn)化而來的，可以利用ΔEk＝－ΔEp列式。 [規(guī)范解答]　在b球落地前，a、b球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，且a、b兩球速度大小相等，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知ΔEk＝－ΔEp，即(m＋3m)v2＝3mgh－mgh，解得v＝，b球落地時，a球高度為h，之后a球以v為初速度做豎直上拋運(yùn)動，在這個過程中機(jī)械能守恒，mv2＝mgΔh，Δh＝＝，所以a球可能到達(dá)的最大高度為1.5h，B正確。 [完美答案]　B 多物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒的分析技巧 (1)注意尋找用繩或桿相連接的物體間的速度關(guān)系和位移關(guān)系。 (2)當(dāng)研究對象為兩個物體時：若兩個物體的勢能都在減小(或增加)，或動能都

19、在增加(或減小)，可優(yōu)先考慮應(yīng)用表達(dá)式ΔEk＝－ΔEp來求解；若A物體的機(jī)械能增加(或減小)，B物體的機(jī)械能減小(或增加)，可優(yōu)先考慮應(yīng)用表達(dá)式ΔEA＝－ΔEB來求解。 　(多選)如圖所示，在傾角θ＝30°的光滑固定斜面上，放有兩個質(zhì)量分別為1 kg和2 kg的可視為質(zhì)點的小球A和B，兩球之間用一根長L＝0.2 m的輕桿相連，小球B距水平地面的高度h＝0.1 m。兩球從靜止開始下滑到光滑地面上，不計球與地面碰撞時的機(jī)械能損失，g取10 m/s2。則下列說法中正確的是(　　) A．下滑的整個過程中A球機(jī)械能守恒 B．下滑的整個過程中兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 C．兩球在光滑水平面上

20、運(yùn)動時的速度大小為2 m/s D．下滑的整個過程中B球機(jī)械能的增加量為 J 答案　BD 解析　當(dāng)B球到達(dá)水平地面上時，桿對A球做負(fù)功，A球機(jī)械能不守恒，A錯誤；下滑的整個過程中，對A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功(桿的彈力對A、B做功的代數(shù)和為0)，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B正確；由機(jī)械能守恒定律知，mBgh＋mAg(Lsin30°＋h)＝(mA＋mB)v2，解得v＝ m/s，C錯誤；ΔEB＝mBv2－mBgh＝ J，D正確。 課堂任務(wù)　利用機(jī)械能守恒定律和動能定理解題的比較 仔細(xì)觀察下列圖片，認(rèn)真參與“師生互動”。 活動1：對于小球從高度h處斜拋到落地的過程，為了找到幾個物理量間的關(guān)

21、系，圖中兩人的爭論誰正確？ 提示：圖中兩人的說法均正確，只是思考的角度不同而已。 (1)從拋出到落地，重力做功mgh，動能增加mv2－mv，由動能定理可知mgh＝mv2－mv。 (2)從拋出到落地，重力勢能減少mgh，動能增加mv2－mv，由機(jī)械能守恒定律可知mgh＝mv2－mv。 活動2：兩種解法在解題時要注意什么問題？ 提示：對于單個物體，如果機(jī)械能守恒，兩種方法都可以用；如果機(jī)械能不守恒，就只能用動能定理或別的方法去解。換句話說就是凡是用機(jī)械能守恒定律能解決的問題動能定理都可以解決，用動能定理能解決的問題機(jī)械能守恒定律不一定能解決。如果多個物體組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有時用動能定

22、理就顯得費(fèi)力一些，比如例3。 活動3：討論、交流、展示，得出結(jié)論。 (1)機(jī)械能守恒定律和動能定理的比較 (2)機(jī)械能守恒定律和動能定理的選擇：對單個物體只受重力作用時，動能定理和機(jī)械能守恒定律表達(dá)式并沒有區(qū)別；對兩個物體組成的系統(tǒng)應(yīng)用機(jī)械能守恒定律較方便；對有摩擦力或其他力做功的情況只能用動能定理來解題。 例4　為了研究過山車的原理，某興趣小組提出了下列設(shè)想：取一個與水平方向夾角為37°、長為L＝2.0 m的粗糙傾斜軌道AB，通過水平軌道BC與半徑為R＝0.2 m的豎直圓軌道相連，出口為水平軌道DE，整個軌道除AB段以外都是光滑的。其中AB與BC軌道以微小圓弧相接，如圖所示。

23、一個質(zhì)量m＝1 kg的小物塊以初速度v0＝5.0 m/s從A點沿傾斜軌道滑下，小物塊到達(dá)C點時速度vC＝4.0 m/s。取g＝10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8。 (1)求小物塊到達(dá)C點時對圓軌道壓力的大小； (2)求小物塊從A到B運(yùn)動過程中摩擦力所做的功； (3)為了使小物塊不離開軌道，并從軌道DE滑出，求豎直圓軌道的半徑應(yīng)滿足什么條件？ (1)此處跟課堂任務(wù)2所討論的情景有什么不同？ 提示：課堂任務(wù)2中與AB部分對應(yīng)的傾斜軌道是光滑的，這里是不光滑的。 (2)整個運(yùn)動過程哪些部分有摩擦，哪些部分沒有，其解法有什么不同？ 提示：整個軌道除AB段以外都

24、是光滑的。所以只要包含有AB段的就用動能定理求解，其余光滑部分可以用機(jī)械能守恒定律求解。 [規(guī)范解答]　(1)設(shè)小物塊到達(dá)C點時受到圓軌道的支持力大小為FN，根據(jù)牛頓第二定律有，F(xiàn)N－mg＝m，解得FN＝90 N。根據(jù)牛頓第三定律，小物塊對圓軌道壓力的大小為90 N。 (2)由于水平軌道BC光滑，無摩擦力做功，所以可將研究小物塊從A到B的運(yùn)動過程轉(zhuǎn)化為研究從A到C的過程。物塊從A到C的過程中，根據(jù)動能定理有： mgLsin37°＋Wf＝mv－mv 解得Wf＝－16.5 J。 (3)設(shè)小物塊進(jìn)入圓軌道到達(dá)最高點時速度大小為v，根據(jù)牛頓第二定律有：FN＋mg＝m，且FN≥0 以C點所在

25、水平面為零勢能面，小物塊從圓軌道最低點到最高點的過程中，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有： mv＝mv2＋mg·2R，聯(lián)立得R≤， 解得R≤0.32 m。 [完美答案]　(1)90 N　(2)－16.5 J　(3)R≤0.32 m (1)小物塊從圓軌道最低點到最高點的過程中，只有重力做功，既可以用機(jī)械能守恒定律解題，也可以用動能定理解題。 (2)對于有除重力和系統(tǒng)內(nèi)彈力之外的力(如摩擦力等)做功的情況要用動能定理解題。 　如圖所示，輕繩連接A、B兩物體，A物體懸在空中距地面H高處，B物體放在水平面上。若A物體質(zhì)量是B物體質(zhì)量的2倍，不計一切摩擦。由靜止釋放A物體，以地面為零勢能參考面。

26、當(dāng)A的動能與其重力勢能相等時，A距地面的高度是(　　) A.H B.H C.H D.H 答案　B 解析　設(shè)A的動能與重力勢能相等時，A距地面高度為h，對A、B組成的系統(tǒng)，由機(jī)械能守恒定律得： mAg(H－h(huán))＝mAv2＋mBv2① 又由題意得：mAgh＝mAv2② 且mA＝2mB③ 由①②③式聯(lián)立解得：h＝H，故B正確。 課堂任務(wù)　與彈簧有關(guān)的機(jī)械能守恒問題 仔細(xì)觀察下列圖片，認(rèn)真參與“師生互動”。 活動1：放手前小球受到哪些力？處于什么狀態(tài)？ 提示：放手前小球受重力、彈簧彈力和手的支持力，處于平衡狀態(tài)。 活動2：放手后小球運(yùn)動狀態(tài)會有什么變化？ 提

27、示：放手后，小球不再受支持力，平衡狀態(tài)被破壞，開始向下做加速運(yùn)動。此后的運(yùn)動一直受重力和彈力，重力不變，彈力會隨彈簧長度的變化而變化，小球做豎直方向的往復(fù)變速直線運(yùn)動。 活動3：小球在運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒嗎？小球和彈簧組成的系統(tǒng)呢？ 提示：小球在運(yùn)動過程中除了重力做功之外，彈簧的彈力也對小球做功，所以小球的機(jī)械能不守恒。但小球和彈簧組成的系統(tǒng)在整個運(yùn)動過程中只有重力和彈簧彈力做功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能是守恒的，小球的重力勢能、小球的動能和彈簧的彈性勢能三者之和始終是不變的。 活動4：小球向下運(yùn)動過程中，小球動能與彈簧彈性勢能之和如何變化？ 提示：小球的動能與彈簧的彈性勢能之和本沒

28、什么特色，但是其再加上小球的重力勢能就是系統(tǒng)的機(jī)械能。小球的重力勢能在小球向下運(yùn)動過程中是一直減小的，故小球的動能與彈簧彈性勢能之和會一直增大。 活動5：討論、交流、展示，得出結(jié)論。 (1)輕質(zhì)彈簧：輕質(zhì)彈簧是不考慮質(zhì)量的，所以無動能和重力勢能之說，只存在彈性勢能。 (2)系統(tǒng)機(jī)械能守恒 ①彈簧的彈力做功涉及能量的轉(zhuǎn)化，一是彈性勢能發(fā)生變化，二是與它構(gòu)成系統(tǒng)的其他物體的能量也會發(fā)生變化。如果這個系統(tǒng)內(nèi)只有彈力做功，機(jī)械能是保持不變的，也就是課本中的只有重力或彈力做功的系統(tǒng)機(jī)械能守恒中的“彈力做功”。由此可見，彈性勢能也是彈簧和系統(tǒng)所共同具有的。 ②一個系統(tǒng)內(nèi)如果既有重力做功也有彈力做

29、功，機(jī)械能是守恒的，此時是三種能量在相互轉(zhuǎn)化，即重力勢能、動能、彈性勢能相互轉(zhuǎn)化，是機(jī)械能內(nèi)部的轉(zhuǎn)化。 (3)彈性勢能求解：對于同一個彈簧，伸長和壓縮相同的長度時彈性勢能是相同的。彈性勢能一般不要求用公式直接求，但如有必要仍然可以用公式Ep＝kl2進(jìn)行討論或計算，并且熟記公式可迅速判斷彈性勢能的大小及彈性勢能的變化。 例5　(多選)重10 N的滑塊在傾角為30°的光滑斜面上，從a點由靜止下滑，到b點接觸到一個輕彈簧，滑塊壓縮彈簧到c點開始彈回，返回b點離開彈簧，最后又回到a點，已知ab＝1 m，bc＝0.2 m，那么在整個過程中，下列選項正確的是(　　) A．滑塊動能的最大值是6

30、 J B．彈簧彈性勢能的最大值是6 J C．從c到b彈簧的彈力對滑塊做的功是6 J D．整個過程系統(tǒng)機(jī)械能守恒 (1)滑塊何時速度最大？ 提示：滑塊在重力作用下加速，接觸彈簧后受到彈力，彈力比較小時滑塊還做加速運(yùn)動，當(dāng)彈簧彈力等于重力沿斜面的分力時速度達(dá)到最大。 (2)在最低點c和最高點a以及b點滑塊和彈簧的能量各有什么特點？ 提示：在最低點c滑塊機(jī)械能最小，彈簧的機(jī)械能(彈性勢能)最大，在最高點a和b點滑塊的機(jī)械能最大，彈簧無彈性勢能，此時系統(tǒng)的機(jī)械能等于滑塊的重力勢能加動能。 [規(guī)范解答]　滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)，在整個運(yùn)動過程中，只發(fā)生動能、重力勢能和彈性勢能之間的相互轉(zhuǎn)化

31、，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，D正確；以c點做重力勢能零點，a、c點動能為零，整個系統(tǒng)的機(jī)械能等于a點的重力勢能或c點的彈性勢能。滑塊從a到c，重力勢能減小了mg·· sin30°＝6 J，全部轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，B正確；從c到b彈簧恢復(fù)原長，通過彈簧的彈力對滑塊做功，將6 J的彈性勢能全部轉(zhuǎn)化為滑塊的機(jī)械能，C正確；當(dāng)重力沿斜面的分力等于彈簧彈力時動能最大，此時還有重力勢能和彈性勢能，總機(jī)械能只有6 J，所以動能不能達(dá)到6 J，A錯誤。 [完美答案]　BCD (1)利用機(jī)械能守恒定律分析問題時，一定要注意守恒條件的應(yīng)用，靈活選取研究對象。本題中單獨(dú)看滑塊和彈簧，機(jī)械能并不守恒，但它們所組成

32、的系統(tǒng)機(jī)械能守恒。 (2)在物體與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒時，往往會討論物體和彈簧的機(jī)械能是如何變化，掌握一個總體原則：整個系統(tǒng)的動能、重力勢能、彈性勢能之和是一個常量，彈簧形變量增大彈性勢能增大，重物的高度增大重力勢能增大，反之減小。 　如圖所示，輕彈簧一端與墻相連處于自然狀態(tài)，質(zhì)量為4 kg的木塊沿光滑的水平面以5 m/s的速度運(yùn)動并開始擠壓彈簧，求： (1)彈簧的最大彈性勢能； (2)木塊被彈回速度增大到3 m/s時彈簧的彈性勢能。 答案　(1)50 J　(2)32 J 解析　(1)木塊壓縮彈簧的過程中，木塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，彈性勢能最大時，對應(yīng)木塊的動能為

33、零，故有：Epm＝mv＝×4×52 J＝50 J。 (2)由系統(tǒng)機(jī)械能守恒有：mv＝Ep1＋mv，即×4×52 J＝Ep1＋×4×32 J，解得Ep1＝32 J。 A組：合格性水平訓(xùn)練 1．(機(jī)械能的理解)一個物體在運(yùn)動的過程中所受的合力為零，則這個過程中(　　) A．機(jī)械能一定不變 B．物體的動能保持不變，而勢能一定變化 C．若物體的勢能變化，機(jī)械能一定變化 D．若物體的勢能變化，機(jī)械能不一定變化 答案　C 解析　由于物體在運(yùn)動的過程中所受的合力為零，即物體做勻速直線運(yùn)動，物體的動能不變，勢能有可能變化，當(dāng)物體的勢能變化時機(jī)械能一定變化，C正確，A、B、D錯誤。 2．

34、(機(jī)械能守恒的判斷)下列運(yùn)動的物體，機(jī)械能守恒的是(　　) A．物體沿斜面勻速下滑 B．物體從高處以0.9g的加速度豎直下落 C．物體沿光滑曲面滑下 D．拉著一個物體沿光滑的斜面勻速上升 答案　C 解析　物體沿斜面勻速下滑時，動能不變，重力勢能減小，所以機(jī)械能減小，機(jī)械能不守恒；物體以0.9g的加速度豎直下落時，除重力外，其他力的合力向上，大小為0.1mg，這個合力在物體下落時對物體做負(fù)功，物體機(jī)械能減少，機(jī)械能不守恒；物體沿光滑曲面滑下時，只有重力做功，機(jī)械能守恒；拉著物體沿光滑斜面勻速上升時，拉力對物體做正功，物體機(jī)械能增加，機(jī)械能不守恒。綜上，機(jī)械能守恒的是C項。 3．(機(jī)

35、械能守恒定律的應(yīng)用)以相同大小的初速度v0將物體從同一水平面分別豎直上拋、斜上拋、沿光滑斜面(足夠長)上滑，如圖所示，三種情況達(dá)到的最大高度分別為h1、h2和h3，不計空氣阻力(斜上拋物體在最高點的速度方向水平)，則(　　) A．h1＝h2>h3 B．h1＝h2

h2 答案　D 解析　豎直上拋物體和沿斜面運(yùn)動的物體，上升到最高點時，速度均為0，由機(jī)械能守恒得mgh＝mv，所以h1＝h3＝h＝，斜上拋物體在最高點速度不為零，設(shè)為v1，則mgh2＝mv－mv，所以h2＜h1＝h3，故D正確。 4．(含彈簧類機(jī)械能守恒問題)如圖所示，在高

36、1.5 m的光滑平臺上有一個質(zhì)量為2 kg的小球被一細(xì)線拴在墻上，小球與墻之間有一根被壓縮的輕質(zhì)彈簧。當(dāng)燒斷細(xì)線時，小球被彈出，小球落地時的速度方向與水平方向成60°角，則彈簧被壓縮時具有的彈性勢能為(g取10 m/s2)(　　) A．10 J B．15 J C．20 J D．25 J 答案　A 解析　由2gh＝v－0得：vy＝，即vy＝ m/s，落地時，tan 60°＝，可得：v0＝＝ m/s，彈簧與小球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，在小球被彈出的過程中，由機(jī)械能守恒定律得Ep＝mv，可求得：Ep＝10 J，故A正確。 5．(含彈簧類機(jī)械能守恒問題)如圖所示，固定的豎直光滑長桿上套

37、有質(zhì)量為m的小圓環(huán)，圓環(huán)與水平狀態(tài)的輕質(zhì)彈簧一端連接，彈簧的另一端連接在墻上，并且處于原長狀態(tài)，現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止開始下滑，已知彈簧原長為L，圓環(huán)下滑到最大距離時彈簧的長度變?yōu)?L(未超過彈性限度)，則在圓環(huán)下滑到最大距離的過程中(　　) A．圓環(huán)的機(jī)械能守恒 B．彈簧彈性勢能變化了mgL C．圓環(huán)下滑到最大距離時，所受合力為零 D．圓環(huán)重力勢能與彈簧彈性勢能之和保持不變 答案　B 解析　圓環(huán)在下滑過程中機(jī)械能減少，彈簧彈性勢能增加，而圓環(huán)與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，A、D錯誤；圓環(huán)下滑到最低點時速度為零，但是加速度不為零，即合力不為零，C錯誤；圓環(huán)下降高度h＝＝L，所以圓環(huán)重力勢

38、能減少了mgL，由機(jī)械能守恒定律可知，彈簧的彈性勢能增加了mgL，B正確。 6．(多物體機(jī)械能守恒)(多選)如圖所示，在兩個質(zhì)量分別為m和2m的小球a和b之間，用一根長為L的輕桿連接，兩小球可繞穿過桿中心O的水平軸無摩擦地轉(zhuǎn)動?，F(xiàn)讓輕桿處于水平位置，然后無初速度釋放，重球b下落，輕球a上升，產(chǎn)生轉(zhuǎn)動，在桿轉(zhuǎn)至豎直的過程中(　　) A．b球的重力勢能減少，動能增加 B．a(chǎn)球的重力勢能增加，動能增加 C．a(chǎn)球和b球的總機(jī)械能守恒 D．a(chǎn)球和b球的總機(jī)械能不守恒 答案　ABC 解析　a、b兩球組成的系統(tǒng)中，只存在動能和重力勢能的相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，C正確、D錯誤；其中a球的

39、動能和重力勢能均增加，機(jī)械能增加，輕桿對a球做正功；b球的重力勢能減少，動能增加，機(jī)械能減少，輕桿對b球做負(fù)功，A、B正確。 7．(多物體機(jī)械能守恒)(多選)如圖所示，a、b兩物塊質(zhì)量分別為m、3m，用不計質(zhì)量的細(xì)繩相連接，懸掛在定滑輪的兩側(cè)。開始時，a、b兩物塊距離地面高度相同，用手托住物塊b，然后由靜止釋放，直至a、b物塊間高度差為h，不計滑輪質(zhì)量和一切摩擦，重力加速度為g。在此過程中，下列說法正確的是(　　) A．物塊a的機(jī)械能守恒 B．物塊b的機(jī)械能減少了mgh C．物塊b機(jī)械能的減少量等于物塊a機(jī)械能的增加量 D．物塊a、b與地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 答案　CD 解

40、析　釋放b后物塊a加速上升，動能和重力勢能均增加，故機(jī)械能增加，A錯誤。對物塊a、b與地球組成的系統(tǒng)，只有重力和繩拉力做功，由于繩的拉力對a做的功與b克服繩的拉力做的功相等，故系統(tǒng)機(jī)械能守恒，D正確。物塊a、b構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，有3mg·－mg·＝mv2＋·3mv2，解得v＝；物塊b動能增加量為(3m)v2＝mgh，重力勢能減少mgh，故機(jī)械能減少mgh－mgh＝mgh，B錯誤。a、b組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故物塊b機(jī)械能的減少量等于物塊a機(jī)械能的增加量，C正確。 8．(綜合)某游樂場過山車簡化為如圖所示模型，光滑的過山車軌道位于豎直平面內(nèi)，該軌道由一段斜軌道和與之相切的圓形軌道連接而成，

41、圓形軌道的半徑為R，可視為質(zhì)點的過山車從斜軌道上某處由靜止開始下滑，然后沿圓形軌道運(yùn)動。 (1)若要求過山車能通過圓形軌道最高點，則過山車初始位置相對于圓形軌道底部的高度至少要多少？ (2)考慮到游客的安全，要求全過程游客受到的支持力不超過自身重力的7倍，過山車初始位置相對于圓形軌道底部的高度不得超過多少？ 答案　(1)2.5R　(2)3R 解析　(1)設(shè)過山車總質(zhì)量為M，從高度h1處開始下滑，恰能以速度v1通過圓形軌道最高點。 在圓形軌道最高點有：Mg＝M① 運(yùn)動過程機(jī)械能守恒：Mgh1＝2MgR＋Mv② 由①②式得：h1＝2.5R，即高度至少為2.5R。 (2)設(shè)從高度

42、h2處開始下滑，游客質(zhì)量為m，過圓周最低點時速度為v2，游客受到的支持力是N＝7mg。 最低點：N－mg＝m③ 運(yùn)動過程機(jī)械能守恒：mgh2＝mv④ 由③④式得：h2＝3R，即高度不得超過3R。 B組：等級性水平訓(xùn)練 9．(綜合)(多選)如圖所示，A、B、C、D四圖中的小球以及小球所在的左側(cè)斜面完全相同，現(xiàn)從同一高度h處由靜止釋放小球，使之進(jìn)入右側(cè)不同的軌道：除去底部一小圓弧，A圖中的軌道是一段斜面，高度大于h；B圖中的軌道與A圖中軌道相比只是短了一些，且斜面高度小于h；C圖中的軌道是一個內(nèi)徑略大于小球直徑的管道，其上部為直管，下部為圓弧形且與斜面相連，管的高度大于h；D圖中的軌道是

43、個半圓形軌道，其直徑等于h。如果不計任何摩擦阻力和拐彎處的能量損失，小球進(jìn)入右側(cè)軌道后能到達(dá)h高度的是(　　) 答案　AC 解析　小球在運(yùn)動過程中機(jī)械能守恒，A、C圖中小球不能脫離軌道，在最高點速度為零，因而可以達(dá)到h高度。但B、D圖中小球都會脫離軌道而做斜拋運(yùn)動，在最高點具有水平速度，所以在最高點的重力勢能要小于mgh(以最低點為零勢能點)，即最高點的高度要小于h。故A、C正確。 10．(綜合)如圖所示，從光滑的圓弧槽的最高點由靜止滑下的小物塊，滑出槽口時速度沿水平方向，槽口與一個半球頂點相切，半球底面在水平面內(nèi)，若要使小物塊滑出槽口后不沿半球面下滑，已知圓弧軌道的半徑為R1，半球

44、的半徑為R2，則R1與R2的關(guān)系為(　　) A．R1≤R2 B．R1≥R2 C．R1≤ D．R1≥ 答案　D 解析　小物塊沿光滑的圓弧槽下滑的過程，只有重力做功，機(jī)械能守恒，故有mgR1＝mv2，要使小物塊滑出槽口后不沿半球面下滑，即做平拋運(yùn)動，則mg≤m，聯(lián)立解得R1≥，故D正確。 11．(綜合)如圖所示，光滑圓軌道固定在豎直面內(nèi)，一質(zhì)量為m的小球沿軌道做完整的圓周運(yùn)動。已知小球在最低點時對軌道的壓力大小為N1，在最高點時對軌道的壓力大小為N2。重力加速度大小為g，則N1－N2的值為(　　) A．3mg B．4mg C．5mg D．6mg 答案　D 解析

45、　設(shè)小球在最低點速度為v1，在最高點速度為v2，根據(jù)牛頓第二定律和牛頓第三定律，在最低點有N1－mg＝m，在最高點有N2＋mg＝m，從最高點到最低點，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg·2R＝mv－mv，聯(lián)立以上三式可以得到：N1－N2＝6mg，故D正確。 12．(綜合)如圖所示，“蝸?！睜钴壍繭AB豎直固定在水平地面上，與地面在B處平滑連接。其中“蝸牛”狀軌道由內(nèi)壁光滑的半圓軌道OA和AB平滑連接而成，半圓軌道OA的半徑R1＝0.6 m，半圓軌道AB的半徑 R2＝1.2 m，水平地面BC長為xBC＝11 m，C處是一個開口較大的深坑，一質(zhì)量m＝0.1 kg的小球從O點沿切線方向以某一初速度進(jìn)入軌道O

46、A后，沿OAB軌道運(yùn)動至水平地面，已知小球與水平地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.4，g取10 m/s2。 (1)為使小球不脫離OAB軌道，小球在O點的初速度至少為多大？ (2)若小球在O點的初速度v＝6 m/s，求小球在B點對半圓軌道的壓力大??； (3)若使小球能落入深坑C，則小球在O點的初速度至少為多大？ 答案　(1)6 m/s　(2)6 N　(3)8 m/s 解析　(1)小球通過最高點A的臨界條件是 mg＝m 解得小球過A點的最小速度vA＝2 m/s 設(shè)O點為零勢能點，小球由O到A過程由機(jī)械能守恒定律得mg·2R1＋mv＝mv 解得v0＝6 m/s。 (2)設(shè)B點為零勢能點，小球由O到B過程機(jī)械能守恒，則mgR2＋mv2＝mv 解得vB＝2 m/s 在B點由牛頓第二定律得FN－mg＝m 解得FN＝6 N 由牛頓第三定律得軌道受到的壓力FN′＝FN＝6 N。 (3)設(shè)小球恰能落入深坑C，即vC＝0時初速度最小，小球由O到C過程由動能定理得 mgR2－μmgxBC＝0－mv′2 解得v′＝8 m/s>v0＝6 m/s，則假設(shè)成立，小球在O點的速度至少為8 m/s。 - 22 -