《2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三） 新人教版（8頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（三）1、（2019新課標(biāo)全國卷）物塊在輕繩的拉動(dòng)下沿傾角為30的固定斜面向上勻速運(yùn)動(dòng)，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，重力加速度取10 m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為A150 kgB kgC200 kgD kg【答案】A【解析】如圖所示，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，有T=f+mgsin，f=N，N=mgcos，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150 kg，故A選項(xiàng)符合題意。2、（2019浙江省七彩陽光新高考研究聯(lián)盟期中）如圖所示，兩個(gè)質(zhì)量分別為m13 kg、m22 kg的物體A和B置于光滑的水平面上，中間用輕質(zhì)彈簧測力計(jì)連接。兩個(gè)大小為F1

2、F230 N的水平拉力分別作用在m1、m2上，則A彈簧測力計(jì)的示數(shù)是30 NB彈簧測力計(jì)的示數(shù)是60 NC在突然撤去F2的瞬間，B的加速度大小為0 m/s2D在突然撤去F2的瞬間，A的加速度大小為10 m/s2【答案】A【解析】AB、對(duì)整體分析知物體處于平衡狀態(tài)，隔離A由平衡條件知彈簧測力計(jì)的示數(shù)是30 N，故A正確B錯(cuò)誤；CD、突然撤去F2的瞬間，彈簧測力計(jì)的示數(shù)不變，對(duì)B由牛頓第二定律得：，對(duì)A分析知合力為0，所以A的加速度大小為0，故CD錯(cuò)誤。3、(多選)如圖所示，一根輕桿，在其B點(diǎn)系上一根細(xì)線，細(xì)線長為R，在細(xì)線下端連上一質(zhì)量為m小球以輕桿的A點(diǎn)為頂點(diǎn)，使輕桿旋轉(zhuǎn)起來，其B點(diǎn)在水平面內(nèi)

3、做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，輕桿的軌跡為一個(gè)母線長為L的圓錐，輕桿與中心軸AO間的夾角為.同時(shí)小球在細(xì)線的約束下開始做圓周運(yùn)動(dòng)，輕桿旋轉(zhuǎn)的角速度為，小球穩(wěn)定后，細(xì)線與輕桿間的夾角2.重力加速度用g表示，則下列說法錯(cuò)誤的是()A細(xì)線對(duì)小球的拉力為B小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期為C小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的乘積為gtan2D小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的比值為(LR)sin【參考答案】ABC小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，F(xiàn)cosmg，解得細(xì)線對(duì)小球的拉力F，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)的周期與輕桿旋轉(zhuǎn)的周期相同，T，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的乘積為向心加速度，即mgtanmv，解得

4、vgtan，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度與角速度的比值即是半徑，根據(jù)幾何關(guān)系可知，r(LR)sin，D選項(xiàng)正確4、（2019安徽省池州市高一期末）我國2020年將首次探測火星，將完成火星探測器圍繞火星飛行、火星表面降落以及巡視探測等任務(wù)?；鹦鞘堑厍虻摹班従印保浒霃郊s為地球半徑的，質(zhì)量約為地球質(zhì)量的，設(shè)火星的衛(wèi)星A和地球衛(wèi)星B都圍繞各自的中心天體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，距離中心天體的表面距離與該中心天體的半徑相等，下面說法正確的是A衛(wèi)星A、B加速度之比為2：5B衛(wèi)星A、B線速度之比為C衛(wèi)星角速度之比為D衛(wèi)星A、B周期之比為【答案】AD【解析】設(shè)火星質(zhì)量為M，地球質(zhì)量則為10M，火星的半徑為R，則

5、火星衛(wèi)星A的軌道半徑，地球衛(wèi)星B的軌道半徑；根據(jù)加速度公式，可知，所以，A正確；根據(jù)公式，可得，可知，所以，B錯(cuò)誤；由線速度之比為，可得角速度之比，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；周期，周期之比，選項(xiàng)D正確。5、圖1為沿斜坡向上行駛的汽車，當(dāng)汽車以牽引力F向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，汽車的機(jī)械能E與位移x的關(guān)系如圖2所示(AB段為曲線)，汽車與斜面間的摩擦忽略不計(jì)下列說法正確的是()A0x1過程中，汽車所受拉力逐漸增大Bx1x2過程中，汽車速度可達(dá)到最大值C0x3過程中，汽車的動(dòng)能一直增大Dx1x2過程中，汽車以恒定的功率運(yùn)動(dòng)【參考答案】B根據(jù)功能關(guān)系可知，機(jī)械能E與位移x圖象的斜率表示牽引力的大小，0x1過程中，圖象斜率恒定，

6、則汽車所受牽引力恒定，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；x1x2過程中，受牽引力越來越小，根據(jù)牛頓第二定律可知，a，汽車先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，該過程中，速度可達(dá)到最大值，B選項(xiàng)正確；x2x3過程中，汽車機(jī)械能不變，隨著位移變大，重力勢能變大，動(dòng)能減小，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；分析圖2可知，x2時(shí)，汽車牽引力為零，功率為零，故x1x2過程中，汽車不能以恒定的功率運(yùn)動(dòng)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤6、如圖所示，一細(xì)線系一小球繞O點(diǎn)在豎直面做圓周運(yùn)動(dòng)，a、b分別是軌跡的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，c、d兩點(diǎn)與圓心等高，小球在a點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力恰好為0，不計(jì)空氣阻力，則下列說法正確的是()A小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，先失重后超重B小

7、球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，機(jī)械能先增大后減小C小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，細(xì)線對(duì)小球的拉力先做正功后做負(fù)功D小球運(yùn)動(dòng)到c、d兩點(diǎn)時(shí)，受到的合力指向圓心【參考答案】A小球在a點(diǎn)時(shí)細(xì)線的拉力恰好為0，加速度向下，在b點(diǎn)時(shí)加速度向上，則從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，加速度方向先向下后向上，小球先失重后超重，A選項(xiàng)正確；小球從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過程中，繩子拉力不做功，只有重力做功，根據(jù)功能關(guān)系可知，機(jī)械能守恒，B、C選項(xiàng)錯(cuò)誤；小球運(yùn)動(dòng)到c、d兩點(diǎn)時(shí)，繩子拉力指向圓心，重力豎直向下，合力不指向圓心，D選項(xiàng)錯(cuò)誤7、在冰壺比賽中，某隊(duì)員利用紅壺去碰撞對(duì)方的藍(lán)壺，兩者在大本營中心發(fā)生對(duì)心碰撞如圖(a)所示，碰撞

8、前后兩壺運(yùn)動(dòng)的vt圖線如圖(b)中實(shí)線所示，其中紅壺碰撞前后的圖線平行，兩冰壺質(zhì)量相等，則()A碰后紅壺將被反彈回來B碰后藍(lán)壺速度為0.8 m/sC碰后藍(lán)壺移動(dòng)的距離為2.4 mD碰后紅壺所受摩擦力小于藍(lán)壺所受的摩擦力【參考答案】B分析圖(b)可知，時(shí)間軸上方表示速度方向?yàn)檎?，碰前紅壺的速度v01 m/s，碰后速度為v00.2 m/s，碰后紅壺沿原方向運(yùn)動(dòng)，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；碰撞過程中，兩壺動(dòng)量守恒，取初速度為正，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可知，mv0mv0mv，解得藍(lán)壺碰后的速度v0.8 m/s，B選項(xiàng)正確；速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移大小，碰后藍(lán)壺移動(dòng)的位移大小xt2 m，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；速度時(shí)間圖

9、象的斜率表示加速度大小，碰后紅壺的加速度大于藍(lán)壺的加速度，根據(jù)牛頓第二定律可知，碰后紅壺所受摩擦力大于藍(lán)壺所受的摩擦力，D選項(xiàng)錯(cuò)誤8、(多選) D是一只理想二極管(電流只能從a流向b，而不能從b流向a)平行板電容器A、B兩極板間有一電荷在P點(diǎn)處于靜止以E表示兩極板間電場強(qiáng)度，U表示兩極板間電壓，EP表示電荷在P點(diǎn)電勢能若保持極板B不動(dòng)，將極板A稍向上平移則()AE變小 BU變大CEP不變 D電荷仍保持靜止【參考答案】BCD根據(jù)平行板電容器的決定式C可知，將極板A稍向上平移，板間距離d增大，電容C減小，假設(shè)電容器的電壓不變，則電容器所帶電量將要減小，電容器放電，但是由于二極管具有單向?qū)щ娦裕姾?/p>

10、不能流回電源，所以電容器的電量保持不變，板間場強(qiáng)E，恒定不變，電場力等于重力，電荷保持靜止，A選項(xiàng)錯(cuò)誤，D選項(xiàng)正確；根據(jù)U可知，板間電壓U變大，B選項(xiàng)正確；P點(diǎn)電勢PUPBEdPB，UPB保持不變，P點(diǎn)的電勢保持不變，電荷在P點(diǎn)電勢能EP不變，C選項(xiàng)正確9、(多選)電磁泵在生產(chǎn)、科技中得到了廣泛應(yīng)用如圖所示，泵體是一個(gè)長方體，ab邊長為L1，兩側(cè)端面是邊長為L2的正方形；流經(jīng)泵體內(nèi)的液體密度為，在泵頭通入導(dǎo)電劑后液體的電導(dǎo)率為(電阻率的倒數(shù))，泵體所在處有方向垂直向外的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，把泵體的上下兩表面接在電壓為U(內(nèi)阻不計(jì))的電源上，則()A泵體上表面應(yīng)接電源正極B通過泵體的電流I

11、C增大磁感應(yīng)強(qiáng)度可獲得更大的抽液高度D增大液體的電導(dǎo)率可獲得更大的抽液高度【參考答案】ACD當(dāng)泵體上表面接電源的正極時(shí)，電流從上向下流過泵體，液體受到水平向左的安培力作用，被抽出，A選項(xiàng)正確；根據(jù)電阻定律可知，泵體內(nèi)液體的電阻R，根據(jù)歐姆定律可知，流過泵體的電流IUL1，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；增大磁感應(yīng)強(qiáng)度B，受到的磁場力變大，可獲得更大的抽液高度，C選項(xiàng)正確；若增大液體的電導(dǎo)率，電流增大，受到的磁場力增大，使抽液高度增大，D選項(xiàng)正確10、（2019廣州大學(xué)附屬中學(xué)高二期末）如圖所示，在垂直于勻強(qiáng)磁場的平面內(nèi)，半徑為的金屬圓環(huán)的總電阻為，金屬桿電阻為，長為，繞過圓心的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，端與環(huán)

12、接觸良好，圓心和邊緣通過電刷與一個(gè)電阻連接，電阻的阻值為，忽略電流表和導(dǎo)線的電阻，則A通過電阻的電流的大小和方向做周期性變化B通過電阻的電流方向不變，且從到C通過電阻的電流的最大值為D通過電阻的電流的最小值為【答案】BC【解析】AB、金屬桿切割磁感線，根據(jù)右手定則可知金屬桿中電流由到，且方向不變，故電阻中電流方向由到，故選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；C、端的線速度為，金屬桿切割磁感線的平均速度為，金屬桿轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生的電動(dòng)勢為，由于各個(gè)量不變，則不變，當(dāng)位于最上端時(shí)圓環(huán)被接入的電阻為0，整個(gè)電路的總電阻最小，此時(shí)中有最大電流，為，故選項(xiàng)C正確；D.當(dāng)端位于最下端時(shí)，圓環(huán)左右兩部分電阻相等，并聯(lián)的總電

13、阻最大，中的電流最小，此時(shí)中有最小電流，為，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤。11、(多選)如圖甲所示，理想變壓器的原、副線圈共接有四個(gè)規(guī)格完全相同的小燈泡，在原線圈所在電路的A、B端輸入的交流電的電壓如圖乙所示，四個(gè)燈泡均正常發(fā)光下列說法正確的是()A原、副線圈的匝數(shù)比4：1B燈泡的額定電壓為55 VC原線圈兩端的電壓為220 VD若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，燈泡L1有可能被燒壞【參考答案】BD四個(gè)燈泡均正常發(fā)光，說明流過燈泡的電流相等，分析副線圈電路可知，三個(gè)燈泡并聯(lián)，則流過副線圈的電流是原線圈的3倍，根據(jù)理想變壓器電流和匝數(shù)的關(guān)系可知，原、副線圈的匝數(shù)之比為3：1，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的

14、關(guān)系可知，原線圈電壓為3U，燈泡L1的電壓也為U，則電源的電壓為4U220 V，副線圈電壓U55 V，原線圈電壓3U175 V，C選項(xiàng)錯(cuò)誤，B選項(xiàng)正確；若副線圈再并聯(lián)一規(guī)格相同的燈泡，則流過副線圈的電流增大，流過原線圈的電流增大，燈泡L1有可能被燒壞，D選項(xiàng)正確12、下列有關(guān)四幅圖的說法中，正確的是()A粒子散射實(shí)驗(yàn)證實(shí)了湯姆遜原子棗糕模型的正確性B在光顏色保持不變的情況下，入射光越強(qiáng)，飽和光電流越大C放射線甲由粒子組成，每個(gè)粒子帶兩個(gè)單位正電荷D該鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于原子核的聚變反應(yīng)【參考答案】B粒子散射實(shí)驗(yàn)推翻了湯姆遜原子棗糕模型，證實(shí)了原子核式結(jié)構(gòu)模型，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；光顏色保持不變，即頻率不變，入射光越強(qiáng)，單位時(shí)間內(nèi)光子數(shù)越多，光電子數(shù)目越多，飽和電流越大，B選項(xiàng)正確；根據(jù)左手定則知，甲帶負(fù)電，為粒子，C選項(xiàng)錯(cuò)誤；該鏈?zhǔn)椒磻?yīng)屬于原子核的裂變反應(yīng)，D選項(xiàng)錯(cuò)誤13、（2019新課標(biāo)全國卷）太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為，已知和的質(zhì)量分別為和，1u=931MeV/c2，c為光速。在4個(gè)轉(zhuǎn)變成1個(gè)的過程中，釋放的能量約為A8 MeVB16 MeVC26 MeVD52 MeV【答案】C【解析】由知，=，忽略電子質(zhì)量，則：，故C選項(xiàng)符合題意。8