《浙江新高考備戰(zhàn)2020年高考物理 考點(diǎn)一遍過 考點(diǎn)05 力的合成與分解 受力分析（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《浙江新高考備戰(zhàn)2020年高考物理 考點(diǎn)一遍過 考點(diǎn)05 力的合成與分解 受力分析（含解析）（20頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、力的合成與分解 受力分析專題知識內(nèi)容考試要求必考加試相互作用力的合成cc力的分解cc一、力的合成1合力與分力（1）定義：如果一個(gè)力的作用效果跟幾個(gè)力共同作用的效果相同，這一個(gè)力就叫那幾個(gè)力的合力，那幾個(gè)力就叫這個(gè)力的分力。（2）邏輯關(guān)系：合力和分力是一種等效替代關(guān)系。2共點(diǎn)力：作用在物體上的力的作用線或作用線的反向延長線交于一點(diǎn)的力。3力的合成的運(yùn)算法則（1）平行四邊形定則：求兩個(gè)互成角度的共點(diǎn)力F1、F2的合力，可以用表示F1、F2的有向線段為鄰邊作平行四邊形，平行四邊形的對角線（在兩個(gè)有向線段F1、F2之間）就表示合力的大小和方向，如圖甲所示。（2）三角形定則：求兩個(gè)互成角度的共點(diǎn)力F1、

2、F2的合力，可以把表示F1、F2的線段首尾順次相接地畫出，把F1、F2的另外兩端連接起來，則此連線就表示合力的大小和方向，如圖乙所示。4力的合成方法及合力范圍的確定（1）共點(diǎn)力合成的方法作圖法計(jì)算法：根據(jù)平行四邊形定則作出示意圖，然后利用解三角形的方法求出合力。（2）合力范圍的確定兩個(gè)共點(diǎn)力的合力范圍：|F1F2|FF1+F2，即兩個(gè)力的大小不變時(shí)，其合力隨夾角的增大而減小。當(dāng)兩個(gè)力反向時(shí)，合力最小，為|F1F2|；當(dāng)兩個(gè)力同向時(shí)，合力最大，為F1+F2。三個(gè)共點(diǎn)力的合成范圍A最大值：三個(gè)力同向時(shí)，其合力最大，為Fmax=F1+F2+F3。B最小值：以這三個(gè)力的大小為邊，如果能組成封閉的三角形

3、，則其合力的最小值為零，即Fmin=0；如果不能，則合力的最小值的大小等于最大的一個(gè)力減去另外兩個(gè)力和的絕對值，即Fmin=F1|F2+F3|（F1為三個(gè)力中最大的力）。（3）解答共點(diǎn)力的合成問題時(shí)的兩點(diǎn)注意合成力時(shí)，要正確理解合力與分力的大小關(guān)系。合力與分力的大小關(guān)系要視情況而定，不能形成合力總大于分力的思維定勢。三個(gè)共點(diǎn)力合成時(shí)，其合力的最小值不一定等于兩個(gè)較小力的和與第三個(gè)較大的力之差。二、力的分解1概念：求一個(gè)力的分力的過程。2遵循的原則：平行四邊形定則或三角形定則。3力的分解方法（1）力的效果分解法根據(jù)力的實(shí)際作用效果確定兩個(gè)實(shí)際分力的方向；再根據(jù)兩個(gè)實(shí)際分力的方向畫出平行四邊形；最

4、后由平行四邊形和數(shù)學(xué)知識求出兩個(gè)力的大小。（2）按問題的需要進(jìn)行分解已知合力F和兩個(gè)分力的方向，可以唯一地作出力的平行四邊形，對力F進(jìn)行分解，其解是唯一的。已知合力F和一個(gè)分力的大小與方向，力F的分解也是唯一的。已知一個(gè)分力F1的方向和另一個(gè)分力F2的大小，對力F進(jìn)行分解，則有三種可能（F1與F的夾角為）。如圖所示：AF2Fsin 時(shí)無解。BF2=Fsin 或F2F時(shí)有一組解。CFsin F2F時(shí)有兩組解。4下表是高中階段常見的按效果分解力的情形。實(shí)例分解思路拉力F可分解為水平分力F1=Fcos 和豎直分力F2=Fsin 重力分解為沿斜面向下的力F1=mgsin 和垂直斜面向下的力F2=mgc

5、os 重力分解為使球壓緊擋板的分力F1=mgtan 和使球壓緊斜面的分力F2=重力分解為使球壓緊豎直墻壁的分力F1=mgtan 和使球拉緊懸線的分力F2=小球重力分解為使物體拉緊AO線的分力F2和使物體拉緊BO線的分力F1，大小都為F1=F2=拉力分解為拉伸AB的分力F1=Ftan 和壓縮BC的分力F2=5正交分解法（1）定義：將已知力按互相垂直的兩個(gè)方向進(jìn)行分解的方法。（2）建立坐標(biāo)軸的原則：一般選共點(diǎn)力的作用點(diǎn)為原點(diǎn)，在靜力學(xué)中，以少分解力和容易分解力為原則（即盡量多的力在坐標(biāo)軸上）；在動力學(xué)中，以加速度方向和垂直加速度方向?yàn)樽鴺?biāo)軸建立坐標(biāo)系。（3）分解方法：物體受到多個(gè)作用力F1、F2、

6、F3，求合力F時(shí)，可把各力沿相互垂直的x軸、y軸分解，如圖所示。x軸上的合力：Fx=Fx1+Fx2+Fx3+y軸上的合力：Fy=Fy1+Fy2+Fy3+合力大?。?合力方向：與x軸夾角為，則6力的效果分解法、正交分解法、合成法都是常見的解題方法一般情況下，物體只受三個(gè)力的情形下，力的效果分解法、合成法解題較為簡單，在三角形中找?guī)缀侮P(guān)系，利用幾何關(guān)系或三角形相似求解；而物體受三個(gè)以上力的情況多用正交分解法，但也要視題目具體情況而定。（1）力的正交分解是在物體受三個(gè)或三個(gè)以上的共點(diǎn)力作用下求合力的一種方法，分解的目的是為了更方便地求合力，將矢量運(yùn)算轉(zhuǎn)化為代數(shù)運(yùn)算。（2）一般情況下，應(yīng)用正交分解法建

7、立坐標(biāo)系時(shí)，應(yīng)盡量使所求量（或未知量）“落”在坐標(biāo)軸上，這樣解方程較簡單。三、矢量和標(biāo)量（1）矢量：既有大小又有方向的量。相加時(shí)遵循平行四邊形定則。（2）標(biāo)量：只有大小沒有方向的量。求和時(shí)按算術(shù)法則相加。四、受力分析1基本步驟：（1）確定研究對象點(diǎn)、單個(gè)物體或系統(tǒng)；（2）隔離物體分析先分析場力（重力、電場力、磁場力），再分析接觸力（先彈力后摩擦力），最后分析其他力；（3）畫受力示意圖。2關(guān)鍵條件：光滑不計(jì)摩擦；輕重力不計(jì)；忽略空氣阻力等。作用在同一個(gè)物體上的兩個(gè)共點(diǎn)力，一個(gè)力的大小是3 N，另一個(gè)力的大小是8 N，它們合力的大小可能是A2 NB6 NC14 ND16 N【參考答案】B【詳細(xì)解析

8、】兩力合成時(shí)，合力范圍為：|F1F2|FF1+F2；故3 NF13 N；則2 N、14 N、16 N在合力的范圍之外是不可能的，6 N在范圍之內(nèi)，是可能的；故選B。1（2019浙江省嘉興市期末）某物體同時(shí)受到2個(gè)共點(diǎn)力作用，在如圖所示的四種情況中（坐標(biāo)紙中每格的邊長均表示1N大小的力），物體所受合外力最大的是ABCD【答案】C【解析】將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖1所示：故A錯(cuò)誤；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖2所示，故B錯(cuò)誤；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖3所示，合力最大，故C正確；將F1與F2進(jìn)行合成，求得合力的大小為，如圖4所示，故D錯(cuò)誤。已知兩

9、個(gè)共點(diǎn)力的合力F為10 N，分力F1的大小為5 N。則另一個(gè)分力F2AF2的大小是唯一的BF2的大小可以是任意值CF2的方向與合力F的方向一定成30角DF2的方向與合力F的方向的最大夾角為30角【參考答案】D【詳細(xì)解析】有兩個(gè)共點(diǎn)力的合力大小為10 N，若其中一個(gè)分為大小為5 N，另一個(gè)分力的大小應(yīng)在5 NF15 N范圍，由圖可得F2的方向與合力F的方向的最大夾角為，即F2的方向與合力F的方向的最大夾角為30角，故D正確，ABC錯(cuò)誤。1（2019浙江省麗水地區(qū)四校月考）如圖所示，質(zhì)量為m的木塊受到與水平面夾角為的力F的作用，在水平地面上做勻速直線運(yùn)動，則木塊與地面之間的動摩擦因數(shù)為ABCDta

10、n【答案】A【解析】將F分解為水平和豎直兩個(gè)方向上的力，則有水平方向：Fcos=f，豎直方向：mg+Fsin=FN；由摩擦力公式可知：f=FN=(mg+Fsin)，解得：；故選A。關(guān)于矢量和標(biāo)量，下列說法中正確的是A標(biāo)量只有正值，矢量可以取負(fù)值B標(biāo)量和矢量無根本區(qū)別C標(biāo)量和矢量，一個(gè)有大小無方向、另一個(gè)有大小也有方向D當(dāng)物體做單方向的直線運(yùn)動時(shí)，標(biāo)量路程和矢量位移是一回事【參考答案】C【詳細(xì)解析】標(biāo)量只有大小沒有方向，但有正負(fù)之分矢量可以用符號表示方向，故A錯(cuò)誤；矢量與標(biāo)量有兩大區(qū)別：一是矢量有方向，標(biāo)量沒有方向；二是運(yùn)算法則不同，矢量運(yùn)算遵守平行四邊形定則，標(biāo)量運(yùn)算遵守代數(shù)加減法則，故B錯(cuò)誤

11、，C正確；當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動時(shí)，標(biāo)量與矢量大小相等，但兩者不是一回事，故D錯(cuò)誤。1（2019浙江省七彩陽光新高考研究聯(lián)盟期中）下列各組物理量中均是矢量的是A力，加速度，路程B位移，速度改變量，加速度C力，位移，速率D力，加速度，質(zhì)量【答案】B【解析】A、力，加速度，路程中的路程是標(biāo)量，所以A錯(cuò)誤；B、位移，速度改變量，加速度都是矢量，所以B正確；C、力，位移，速率其中的速率是標(biāo)量，所以C錯(cuò)誤；D、力，加速度，質(zhì)量其中的質(zhì)量是標(biāo)量，所以D錯(cuò)誤。如圖所示，將某均勻長方體鋸成A、B兩塊后，在水平桌面上并對放在一起，現(xiàn)用水平力F推B，使A、B整體保持長方體沿F方向勻速運(yùn)動，則AA在水平方向受到三個(gè)力

12、的作用，且合力為零BA在水平方向受到五個(gè)力的作用，且合力為零CA對B的作用力方向與A、B接觸面垂直DB對A的彈力大于桌面對A的摩擦力【參考答案】A【詳細(xì)解析】對A受力分析，在水平方向上受B對A的彈力，桌面的滑動摩擦力，B對A的靜摩擦力，在三個(gè)力的作用下處于平衡，受力如圖，故A正確，B錯(cuò)誤。B對A的彈力和靜摩擦力的合力與桌面的滑動摩擦力等值反向，與F的方向相同；根據(jù)牛頓第三定律可知，A對B的作用力方向與F的方向相反，不是A、B接觸面垂直，故C錯(cuò)誤。因?yàn)锽對A的彈力與B對A的摩擦力垂直，二者的合力等于桌面對A的摩擦力，所以B對A的彈力小于桌面對A的摩擦力，故D錯(cuò)誤。1（2019天津四十二中月考）如

13、圖所示豎直絕緣墻壁上的Q處由一固定的質(zhì)點(diǎn)A，在Q的正上方的P點(diǎn)用細(xì)線懸掛一質(zhì)點(diǎn)B，A、B兩點(diǎn)因?yàn)閹щ姸嗷ヅ懦猓率箲揖€與豎直方向成角，由于漏電使A、B兩質(zhì)點(diǎn)的電量逐漸減小，在電荷漏空之前懸線對懸點(diǎn)P的拉力T大小AT變小BT變大CT不變DT無法確定【答案】C【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο?，球受到重力，的斥力和線的拉力三個(gè)力作用，作出力的示意圖，如圖。作出、的合力，由三個(gè)共點(diǎn)力的平衡條件可知：和方向相反，大小相等，即；根據(jù)幾何知識可知，可得：；又，可得：；在、兩質(zhì)點(diǎn)帶電量逐漸減少的過程中，、均不變，則不變，懸線對懸點(diǎn)的拉力大小也不變。故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選：C。1（2019浙江省嘉興市期末）城市中

14、路燈的供電線路經(jīng)常用三角形的結(jié)構(gòu)懸掛，如圖所示，為這類結(jié)構(gòu)的一種簡化模型。圖中硬桿OA可繞通過A點(diǎn)且垂直于紙面的軸轉(zhuǎn)動，鋼索和桿的重量都可以忽略。如果靜止懸掛物的質(zhì)量為m，AOC=，則關(guān)于鋼索OC對O點(diǎn)的拉力FOC以及桿OA對O點(diǎn)的彈力FOA的計(jì)算結(jié)果，下列表述正確的是AB CD2（2019浙江省寧波市北侖中學(xué)期中）氣象研究小組用如圖所示的簡易裝置測定水平風(fēng)速.在水平地面上豎直固定一直桿，半徑為R、質(zhì)量為m的薄空心塑料球用細(xì)線懸于桿頂端O，當(dāng)水平風(fēng)吹來時(shí)，球在風(fēng)力的作用下飄起來。已知風(fēng)力大小正比于風(fēng)速和球正對風(fēng)的截面積，當(dāng)風(fēng)速v0=3 、m/s時(shí)，測得球平衡時(shí)細(xì)線與豎直方向的夾角=30。下列說

15、法正確的是A當(dāng)=60時(shí)，風(fēng)速v=6 m/sB當(dāng)風(fēng)速增大到某一值時(shí)，可能等于90C若風(fēng)速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球，則不變D若風(fēng)速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大的球，則減小3關(guān)于矢量和標(biāo)量，下列說法中正確的是A矢量是既有大小又有方向的物理量B標(biāo)量是既有大小又有方向的物理量C10 m的位移比5 m的位移小D10 比5 的溫度低4（2019浙江省余姚市第二次模擬）如圖所示為某教室中豎直磁性黑板上靜止的一個(gè)黑板刷，關(guān)于此黑板刷的受力情況，下列說法正確的是 A黑板對黑板刷的作用力斜向上B黑板磁性越強(qiáng)，刷子受到的摩擦力就越大C刷子受到五個(gè)力D黑板與刷子之間有三對作用力與反作用力5大小分別為F1，F(xiàn)2，

16、F3的三個(gè)力恰好圍成封閉的直角三角形（頂角為直角）。圖中這三個(gè)力的合力為零的是ABCD6如圖所示，將兩個(gè)相同的條形磁鐵吸在一起，置于水平桌面上，下面說法正確的是AB對桌面的壓力的大小等于A、B的重力之和BA對B的壓力大于A的重力CA對B的壓力的大小等于A的重力DB對桌面的壓力小于A、B的重力之和7如圖，在水平晾衣桿（可視為光滑桿）上晾曬床單時(shí)，為了盡快使床單晾干，可在床單間支撐輕質(zhì)細(xì)桿。隨著細(xì)桿位置的不同，細(xì)桿上邊兩側(cè)床單間夾角(150)將不同。設(shè)床單重力為G，晾衣桿所受壓力大小為N，下列說法正確的是A當(dāng)=60時(shí)，N=GB當(dāng)=90時(shí)，N=GC只有當(dāng)=120時(shí)，才有N=GD無論取何值，都有N=G

17、8（2019浙江省杭州市富陽區(qū)新登中學(xué)期末模擬）如圖所示，一個(gè)半球形的碗放在桌面上，碗口水平，O點(diǎn)為其球心，碗的內(nèi)表面及碗口是光滑的。一根細(xì)線跨在碗口上，線的兩端分別系有質(zhì)量為m1和m2的小球。當(dāng)它們處于平衡狀態(tài)時(shí)，質(zhì)量為m1的小球與O點(diǎn)的連線與水平線的夾角為90，質(zhì)量為m2的小球位于水平地面上。幾位同學(xué)在學(xué)習(xí)了受力分析之后，對兩個(gè)小球的受力情況進(jìn)行了分析，其中對m1、m2受力個(gè)數(shù)的討論中，你認(rèn)為正確的是A小張說：m1受3個(gè)力、m2受3個(gè)力作用B小李說：m1 受2個(gè)力、m2受3個(gè)力作用C小黃說：m1 受2個(gè)力、m2受2個(gè)力作用D小明說：m1 受4個(gè)力、m2受3個(gè)力作用9如圖所示，作用于O點(diǎn)的三

18、個(gè)力平衡，其中一個(gè)力大小為F1，沿y方向，大小未知的力F2與+x方向夾角為，則下列說法正確的是A力F3不可能在第三象限B力F3可能在第二象限的任意方向上C力F3與F2夾角越小，則F3與F2的合力越小DF3的最小值10（2019浙江省杭州市模擬）圖中為一種簡易的重物提升裝置，通過卷揚(yáng)機(jī)牽引利用滑輪將重物提升至高處，然后由工人將重物拉至平臺上。在工人拉動重物靠近平臺的過程中，下列說法正確的是AOA繩的拉力變小BOC繩的拉力變大COA繩的拉力不變DOC繩的拉力變小11（2018物理三輪沖刺）兩個(gè)共點(diǎn)力的合力為F，如果它們之間的夾角固定不變，使其中一個(gè)力增大，則A合力F一定增大B合力F的大小可能不變C

19、合力F可能增大，也可能減小D當(dāng)090時(shí)，合力F可能減小12（2019浙江省余姚中學(xué)期中考試）如圖所示，用一根長為的細(xì)繩一端固定在O點(diǎn)，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細(xì)繩與豎直方向夾30角且繃緊，小球A處于靜止，應(yīng)對小球施加的最小力等于ABCD13（2018天津靜海一中）下列關(guān)于矢量和標(biāo)量的說法中正確的是A矢量和標(biāo)量沒有嚴(yán)格的區(qū)別，同一個(gè)物理量可以是矢量，也可以是標(biāo)量B矢量都是有方向的C時(shí)間、時(shí)刻、路程都是標(biāo)量D初中學(xué)過的電流是有方向的量，所以電流是矢量14（2019浙江省余姚中學(xué)期中考試）如圖，質(zhì)量為m的物體在質(zhì)量為M的靜止斜面上勻速下滑。物體與斜面、斜面與地面間的動摩擦因素均為。則地面對斜

20、面的摩擦力為A0Bmgsin向左Cmgsincos向左Dmgsincos向右15（2018廣西壯族自治區(qū)南寧市第二中學(xué)高三月考）如圖所示，楔形凹槽的截面是一個(gè)直角三角形ABC，CAB=30，ABC=90，ACB=60，在凹槽中放有一個(gè)光滑的金屬球，當(dāng)金屬球靜止時(shí)，其對凹槽的AB邊的壓力為F1，對BC邊的壓力為F2，則的值為ABCD16（2019浙江省溫州市新力量聯(lián)盟2018-2019學(xué)年高一上學(xué)期期末）“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮筋的圖釘，O為橡皮筋與細(xì)繩的結(jié)點(diǎn)，OB和OC為細(xì)繩圖乙是在白紙上根據(jù)實(shí)驗(yàn)結(jié)果畫出的圖。本實(shí)驗(yàn)采用的科學(xué)方法是_。A理想實(shí)驗(yàn)法B等效

21、替代法C控制變量法D建立物理模型法17（2019新課標(biāo)全國卷）物塊在輕繩的拉動下沿傾角為30的固定斜面向上勻速運(yùn)動，輕繩與斜面平行。已知物塊與斜面之間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度取10m/s2。若輕繩能承受的最大張力為1 500 N，則物塊的質(zhì)量最大為A150 kgB kgC200 kgDkg18（2018天津卷）明朝謝肇淛的五雜組中記載：“明姑蘇虎丘寺廟傾側(cè)，議欲正之，非萬緡不可。一游僧見之，曰：無煩也，我能正之?！庇紊刻鞂⒛拘◤乃韮A斜一側(cè)的磚縫間敲進(jìn)去，經(jīng)月余扶正了塔身。假設(shè)所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為，現(xiàn)在木楔背上加一力F，方向如圖所示，木楔兩側(cè)產(chǎn)生推力FN，則A若F一定，大時(shí)

22、FN大B若F一定，小時(shí)FN大C若一定，F(xiàn)大時(shí)FN大D若一定，F(xiàn)小時(shí)FN大19（2016新課標(biāo)全國卷）如圖，兩個(gè)輕環(huán)a和b套在位于豎直面內(nèi)的一段固定圓弧上；一細(xì)線穿過兩輕環(huán)，其兩端各系一質(zhì)量為m的小球。在a和b之間的細(xì)線上懸掛一小物塊。平衡時(shí)，a、b間的距離恰好等于圓弧的半徑。不計(jì)所有摩擦。小物塊的質(zhì)量為ABmCmD2m20（2014海南卷）如圖，一不可伸長的光滑輕繩，其左端固定于O點(diǎn)，右端跨過位于O點(diǎn)的固定光滑軸懸掛一質(zhì)量為M的物體；OO段水平，長度為L；繩上套一可沿繩滑動的輕環(huán)?，F(xiàn)在輕環(huán)上懸掛一鉤碼，平衡后，物體上升L。則鉤碼的質(zhì)量為AMBMCMDM1C【解析】以重物為研究對象，繩子對其拉力

23、等于其重力，以O(shè)點(diǎn)為研究對象，分析受力，如圖：根據(jù)平衡條件，結(jié)合幾何知識，桿AO對O點(diǎn)的支持力：；鋼索OC對O點(diǎn)的拉力：，故C正確、ABD錯(cuò)誤。2D【解析】設(shè)球正對風(fēng)的截面積為S，由于已知風(fēng)力大小正比于風(fēng)速和球正對風(fēng)的截面積，所以風(fēng)力大小為F=kSv，當(dāng)速度為3 m/s時(shí)，由平衡條件得，mgtan30=Sv0k，當(dāng)角度為60時(shí)，同理可得mgtan60=Svk，由此可解的v=9 m/s，故A錯(cuò)誤。風(fēng)速增大，不可能變?yōu)?0，因?yàn)槔K子拉力在豎直方向上的分力與重力平衡。故B錯(cuò)誤。若風(fēng)速不變，換用半徑變大、質(zhì)量不變的球，則風(fēng)力變大，根據(jù)F=mgtan，知變大。故C錯(cuò)誤。若風(fēng)速不變，換用半徑相等、質(zhì)量變大

24、的球，知風(fēng)力不變，根據(jù)F=mgtan，知重力變大，風(fēng)力不變，則減小。故D正確。3AD【解析】矢量是既有大小又有方向的物理量，標(biāo)量只有大小沒有方向，A正確，B錯(cuò)誤；矢量的正負(fù)號只表示方向，不表示大小，所以10 m的位移比5 m的位移大，C錯(cuò)誤；有些標(biāo)量的正負(fù)號代表大小，溫度是標(biāo)量，所以10 比5 的溫度低，D正確。4D【解析】A黑板擦受到重力以及黑板對它的作用力處于平衡狀態(tài)，根據(jù)共點(diǎn)力平衡的特點(diǎn)可知，黑板對黑板刷的作用力與重力大小相等，方向相反，方向豎直向上。故A錯(cuò)誤；B黑板擦處于靜止?fàn)顟B(tài)，其受到豎直向下的重力和豎直向上的摩擦力作用，并且二力是一對平衡力，大小相等，所以黑板擦受到摩擦力的大小與黑

25、板和黑板擦間磁力的大小無直接關(guān)系。故B錯(cuò)誤；C黑板擦受到重力以及與黑板之間的磁力、彈力、摩擦力的作用，共受到4個(gè)力的作用。故C錯(cuò)誤；D黑板擦受到重力以及與黑板之間的磁力、彈力、摩擦力的作用，其中與刷子之間有三對作用力與反作用力。故D正確。5C【解析】根據(jù)三角形定則或平行四邊形定則，可知A選項(xiàng)合力為2F2，B選項(xiàng)合力為2F1，C選項(xiàng)合力為零，D選項(xiàng)合力為2F3，故C正確，ABD錯(cuò)誤。6AB【解析】把A、B看成一個(gè)整體受重力、支持力而處于平衡狀態(tài)，故B受到桌面的支持力等于A、B的重力之和，因B對桌面的壓力與支持力為作用力與反作用力，故B對桌面的壓力的大小等于A、B的重力之和，故A正確，D錯(cuò)誤；以A

26、為研究對象，A受重力、支持力及磁鐵的吸引力而處于平衡，A受到支持力等于A的重力與吸引力的合力，所以A對B的壓力大于A的重力，故B正確，C錯(cuò)誤。7D【解析】對晾衣桿受力分析，被子對桿兩相等的對稱的支持力，由于被子處于平衡，則兩支持力的合力等于重力，則根據(jù)牛頓第三定律知，無論夾角取何值都有N=G，故ABC錯(cuò)誤，D正確。8C【解析】先對小球m1受力分析，受重力和支持力，假設(shè)細(xì)線對小球m1有拉力作用，則小球m1受力不能平衡，故拉力為零，即m1受到2個(gè)力作用；再對小球m2受力分析，受到重力和支持力，支持力與重力平衡，也受到2個(gè)力作用，故選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤。9BD【解析】根據(jù)平行四邊形定則，作出，如圖

27、所示，與等大反向，可以在第四象限任意范圍內(nèi)，以及第一象限一定范圍內(nèi)，故可以在第二象限任意方向，第三象限一定范圍內(nèi)，A錯(cuò)誤，B正確；F3與F2的合力大小等于的大小，恒定不變，C錯(cuò)誤；從圖中可知當(dāng)與垂直時(shí)，最小，根據(jù)三角函數(shù)可得，D正確。【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用三角形定則分析三力平衡問題，確定F3的范圍及最小值，也可以運(yùn)用結(jié)論確定F3取得最小值的條件：F2F3。10B【解析】對O點(diǎn)進(jìn)行受力分析，如圖所示：在工人拉動的過程中，與水平方向的夾角變小，則根據(jù)平衡條件可以得到：，則當(dāng)變小時(shí)，和均增大，即繩OA和OC拉力均增大，故選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)ACD錯(cuò)誤。11BC【解析】設(shè)兩共點(diǎn)力Fa、Fb之間的夾角為鈍角，由圖

28、示平行四邊形可知，當(dāng)Fa逐漸增大為Fa1、Fa2、Fa3時(shí)，其合力由原來的F1變?yōu)镕2、F3、F4，它們可能小于F1、可能等于F1，可能大于F1，故A錯(cuò)誤，BC正確。當(dāng)090時(shí)，隨著其中的一個(gè)力增大，合力一定增大，D錯(cuò)誤。12D【解析】以小球?yàn)檠芯繉ο螅治鍪芰?，作出力圖如圖所示：根據(jù)作圖法分析得到，當(dāng)小球施加的力F與細(xì)繩垂直時(shí)，所用的力最小。根據(jù)平衡條件，F(xiàn)的最小值為：，故D正確，ABC錯(cuò)誤。13BC【解析】標(biāo)量沒有方向，只有大小，而矢量既有方向又有大小，兩者有嚴(yán)格區(qū)別，A錯(cuò)誤B正確；時(shí)間、時(shí)刻、路程都是標(biāo)量，C正確；電流只有一個(gè)方向，從正極到負(fù)極，但沒有正負(fù)之分，表示標(biāo)量，D錯(cuò)誤。14A【

29、解析】對木塊受力分析，受到重力，支持力和摩擦力，根據(jù)平衡條件，有mgsinf1=0，mgcosN1=0；對斜面受力分析，受重力Mg、支持力N、滑塊的壓力N1、滑塊的摩擦力f1和地面的靜摩擦力f，設(shè)靜摩擦力f向左，則f=N1sinf1cos=0，即地面對斜面的摩擦力大小為0，故A正確，BCD錯(cuò)誤。15C【解析】金屬球受到的重力產(chǎn)生兩個(gè)作用效果，壓AB面和壓BC面，作圖如下：對AB面的壓力等于分力F1，對BC面的壓力等于分力F2，故，C正確。16B【解析】F是通過作圖的方法得到合力的理論值，而F是通過一個(gè)彈簧稱沿AO方向拉橡皮條，使橡皮條伸長到O點(diǎn)，使得一個(gè)彈簧稱的拉力與兩個(gè)彈簧稱的拉力效果相同，

30、測量出的合力。故方向一定沿AO方向的是F，由于誤差的存在F和F方向并不在重合；合力與分力是等效替代的關(guān)系，所以本實(shí)驗(yàn)采用的等效替代法。故選B。17A【解析】T=f+mgsin，f=N，N=mgcos，帶入數(shù)據(jù)解得：m=150kg，故A選項(xiàng)符合題意18BC【解析】選木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向左的F、和兩側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力，由于木楔處于平衡狀態(tài)，所以側(cè)給它的與木楔的斜面垂直的彈力與F沿兩側(cè)分解的分力是相等的，力F的分解如圖：則：，所以：，由公式可知，當(dāng)F一定，小時(shí)FN大；當(dāng)一定，F(xiàn)大時(shí)FN大。故AD錯(cuò)誤，BC正確。故選BC?！军c(diǎn)睛】對力進(jìn)行分解時(shí)，一定要分清力的實(shí)際作用效果

31、的方向如何，再根據(jù)平行四邊形定則或三角形定則進(jìn)行分解即可。19C【解析】根據(jù)題意設(shè)懸掛小物塊的點(diǎn)為O，圓弧的圓心為O，由于ab=R，所以三角形Oab為等邊三角形，根據(jù)幾何知識可得aOb=120，而一條繩子上的拉力相等，故T=mg，小物塊受到兩條繩子的拉力作用且兩力大小相等，夾角為120，故受到的拉力的合力等于mg，因?yàn)樾∥飰K受到繩子的拉力和重力作用，處于靜止?fàn)顟B(tài)，故拉力的合力等于小物塊的重力，為mg，所以小物塊的質(zhì)量為m，C正確。20D【解析】假設(shè)平衡后輕環(huán)位置為P，平衡后，物體上升L，說明此時(shí)POO恰好構(gòu)成一個(gè)邊長為L的正三角形，繩中張力處處相等，均為Mg，故鉤碼的重力恰好與PO、PO拉力的合力等大反向，由三角函數(shù)關(guān)系可知，鉤碼的重力為Mg，故其質(zhì)量為M，D正確。 20