《2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題復(fù)習(xí)訓(xùn)練 課時(shí)作業(yè)五 動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考物理二輪復(fù)習(xí) 第一部分 專題復(fù)習(xí)訓(xùn)練 課時(shí)作業(yè)五 動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律（含解析）（9頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、課時(shí)作業(yè)五動(dòng)量定理、動(dòng)量守恒定律一、選擇題1關(guān)于下列四幅圖所反映的物理過程的說法正確的是()圖1A甲圖中子彈射入木塊的過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，能量不守恒B乙圖中M、N兩木塊放在光滑的水平面上，剪斷細(xì)線，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過程中，M、N與彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能增加C丙圖中細(xì)線斷裂后，木球和鐵球在水中運(yùn)動(dòng)的過程，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能不守恒D丁圖中木塊沿放在光滑水平面上的斜面下滑，木塊和斜面組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒解析：甲圖中，在光滑水平面上，子彈射入木塊的過程中，子彈和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能有損失，但是損失的機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，能量仍守恒，A錯(cuò)誤；乙圖中

2、，剪斷細(xì)線，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過程中，M、N與彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為木塊的動(dòng)能，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，B錯(cuò)誤；丙圖中，木球和鐵球組成的系統(tǒng)勻速下降，說明兩球所受水的浮力等于兩球自身的重力，細(xì)線斷裂后兩球在水中運(yùn)動(dòng)的過程中，所受合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，由于水的浮力對(duì)兩球做功，兩球組成的系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，選項(xiàng)C正確；丁圖中，木塊沿放在光滑水平面上的斜面下滑，木塊和斜面組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力，水平方向上動(dòng)量守恒，由于斜面可能不光滑，所以機(jī)械能可能有損失，D錯(cuò)誤答案：C2(2019年河南高三質(zhì)檢)甲、乙兩個(gè)質(zhì)量都是M的小車靜置在光滑水平地面上質(zhì)量為m的人站在甲車上并以速度v(對(duì)

3、地)跳上乙車，接著仍以對(duì)地的速率v反跳回甲車對(duì)于這一過程，下列說法中正確的是()A最后甲、乙兩車的速率相等B最后甲、乙兩車的速率之比v甲v乙M(mM)C人從甲車跳到乙車時(shí)對(duì)甲的沖量為I1，從乙車跳回甲車時(shí)對(duì)乙車的沖量為I2，應(yīng)是I1I2D人從甲車跳到乙車時(shí)對(duì)甲的沖量為I1，從乙車跳回甲車時(shí)對(duì)乙車的沖量為I2，應(yīng)是I1I2解析：以人與甲車組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以人的速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得，人跳離甲車時(shí)，mvMv10，以乙車與人組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，以人的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得，人跳上乙車時(shí)，mv(mM)v2，人跳離乙車時(shí)，(mM)v2Mv乙mv，以人與甲車組成的系統(tǒng)為研究

4、對(duì)象，以人的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得，人反跳回甲車時(shí)，mvMv1(mM)v甲，解得，故A錯(cuò)誤，B正確；由動(dòng)量定理得，對(duì)甲車I1Mv1mv，對(duì)乙車I2Mv乙Mv22mvmv，即I13mv2，選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：A42017年7月9日，斯諾克世界杯在江蘇無錫落下帷幕，由丁俊暉和梁文博組成的中國(guó)A隊(duì)在決賽中1比3落后的不利形勢(shì)下成功逆轉(zhuǎn)，最終以4比3擊敗英格蘭隊(duì)，幫助中國(guó)斯諾克臺(tái)球隊(duì)獲得了世界杯三連冠，如圖2為丁俊暉正在準(zhǔn)備擊球設(shè)在丁俊暉這一桿中，白色球(主球)和花色球碰撞前、后都在同一直線上運(yùn)動(dòng)，碰前白色球的動(dòng)量為pA5 kgm/s，花色球靜止，白色球A與花色球B發(fā)生碰撞后，花色球B的動(dòng)量變

5、為pB4 kgm/s，則兩球質(zhì)量mA與mB間的關(guān)系可能是()圖2AmBmA BmBmACmBmA DmB6mA解析：由動(dòng)量守恒定律得pApBpApB，解得pA1 kgm/s，根據(jù)碰撞過程中總動(dòng)能不增加，則有，代入數(shù)據(jù)解得mBmA，碰后兩球同向運(yùn)動(dòng)，白色球A的速度不大于花色球B的速度，則，解得mB4mA，綜上可得mAmB4mA，選項(xiàng)A正確答案：A5如圖3所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量m1的小球A以速率v0向右運(yùn)動(dòng)在小球的前方O點(diǎn)處有一質(zhì)量為m2的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，Q點(diǎn)處為一豎直的墻壁小球A與小球B發(fā)生彈性正碰后小球A與小球B均向右運(yùn)動(dòng)小球B與墻壁碰撞后原速率返回并與小球A在P點(diǎn)相遇，PQ2PO，

6、則兩小球質(zhì)量之比m1m2為()圖3A75 B13C21 D53解析：設(shè)A、B兩個(gè)小球碰撞后的速度分別為v1、v2，由動(dòng)量守恒定律有m1v0m1v1m2v2，發(fā)生彈性碰撞，不損失動(dòng)能，故根據(jù)能量守恒定律有m1v02m1v12m2v22，兩個(gè)小球碰撞后到再次相遇，其速率不變，由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有v1v2PO(PO2PQ)PO(PO4PO)15，聯(lián)立三式可得m1m253，D正確答案：D6(多選)如圖4所示，小車AB放在光滑水平面上，A端固定一個(gè)輕彈簧，B端粘有油泥，AB總質(zhì)量為M，質(zhì)量為m的木塊C放在小車上，用細(xì)繩連接于小車的A端并使彈簧壓縮，開始時(shí)AB和C都靜止當(dāng)突然燒斷細(xì)繩時(shí)，C被釋放，使C離開彈簧向

7、B端沖去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下說法正確的是()圖4A彈簧伸長(zhǎng)過程中C向右運(yùn)動(dòng)，同時(shí)AB也向右運(yùn)動(dòng)BC與B碰前，C與AB的速率之比為MmCC與油泥粘在一起后，AB立即停止運(yùn)動(dòng)DC與油泥粘在一起后，AB繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)解析：小車、物塊和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，開始總動(dòng)量為零，在彈簧伸長(zhǎng)的過程中，C向右運(yùn)動(dòng)，則小車向左運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤規(guī)定向右為正方向，在C與B碰前，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得，0mvCMv，解得vCvMm，故B正確；因?yàn)樾≤?、物塊和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，開始總動(dòng)量為零，當(dāng)C與油泥粘在一起時(shí)，總動(dòng)量仍然為零，則小車停止運(yùn)動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤答案：BC7(多選)A、B兩球沿一直線

8、運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖5所示為兩球碰撞前、后的位移隨時(shí)間變化的圖象，a、b分別為A、B兩球碰前的位移隨時(shí)間變化的圖象，c為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的位移隨時(shí)間變化的圖象若A球質(zhì)量是m2 kg，則由圖判斷下列結(jié)論正確的是()圖5A碰撞前、后A球的動(dòng)量變化量為4 kgm/sB碰撞時(shí)A球?qū)球所施的沖量為4 NsCA、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為3 kgm/sD碰撞中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能為10 J解析：根據(jù)圖象可知，碰前A球的速度vA3 m/s，碰前B球的速度vB2 m/s，碰后A、B兩球共同的速度v1 m/s，故碰撞前、后A球的動(dòng)量變化量為pAmvmvA4 kgm/s，選項(xiàng)A正確；A球的動(dòng)量變化量為4

9、 kgm/s，則B球的動(dòng)量變化為4 kgm/s，根據(jù)動(dòng)量定理，碰撞過程中A球?qū)球所施的沖量為4 Ns，選項(xiàng)B正確；由于碰撞過程中動(dòng)量守恒，有mvAmBvB(mmB)v，解得mB kg，故碰撞過程中A、B兩球組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能為EmvA2mBvB2(mmB)v210 J，選項(xiàng)D正確；A、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為pmvAmBvB(mmB)v kgm/s，選項(xiàng)C錯(cuò)誤答案：ABD8(2019年山西朔州情仁一中高三月考)(多選)圖6如圖6所示，一質(zhì)量為m的物塊甲以3 m/s的速度在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，有一輕彈簧固定在其左端，另一質(zhì)量也為m的物塊乙以4 m/s的速度與物塊甲在同一直線上相向運(yùn)動(dòng)，則()A甲

10、、乙兩物塊在彈簧壓縮過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒B當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)，甲物塊的速率為零C碰撞過程中，甲物塊的速率可能為1 m/s，也可能為5 m/sD碰撞過程中，乙物塊的速率可能為2 m/s，也可能為1.7 m/s解析：甲、乙兩物塊(包括彈簧)組成的系統(tǒng)在彈簧壓縮過程中，系統(tǒng)所受的合外力為零，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，故A正確；當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)速度相同，取碰撞前乙的速度方向?yàn)檎较?，設(shè)共同速率為v，由動(dòng)量守恒定律得：mv乙mv甲2mv，代入數(shù)據(jù)解得：v0.5 m/s，故B錯(cuò)誤；若物塊甲的速率達(dá)到5 m/s，方向與原來相同，則：mv乙mv甲mv甲m乙v乙，代入數(shù)據(jù)解得：v乙6 m/s.兩個(gè)物體的速率都增大，動(dòng)能都

11、增大，違反了能量守恒定律若物塊甲的速率達(dá)到5 m/s，方向與原來相反，則：mv乙mv甲mv甲m乙v乙，代入數(shù)據(jù)解得：v乙4 m/s，碰撞后，乙的動(dòng)能不變，甲的動(dòng)能增加，系統(tǒng)總動(dòng)能增加，違反了能量守恒定律所以物塊甲的速率不可能達(dá)到5 m/s，故C錯(cuò)誤；甲、乙組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mv乙mv甲mv甲mv乙，碰撞結(jié)束后，系統(tǒng)的動(dòng)能守恒，則：m甲v甲2m乙v乙2m甲v甲2m乙v乙2.代入數(shù)據(jù)解得：v甲4 m/s；v乙3 m/s.可知碰撞結(jié)束后，甲與乙交換速度；碰撞過程中，乙物塊的速度在4 m/s3 m/s之間都是可以的所以速率可能為2 m/s，也可能為1.7 m/s，

12、故D正確答案：AD二、解答題9(2018年高考課標(biāo)全國(guó)卷)一質(zhì)量為m的煙花彈獲得動(dòng)能E后，從地面豎直升空當(dāng)煙花彈上升的速度為零時(shí)，彈中火藥爆炸將煙花彈炸為質(zhì)量相等的兩部分，兩部分獲得的動(dòng)能之和也為E，且均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)爆炸時(shí)間極短，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力和火藥的質(zhì)量求：(1)煙花彈從地面開始上升到彈中火藥爆炸所經(jīng)過的時(shí)間；(2)爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)的部分距地面的最大高度解：(1)設(shè)煙花彈上升的初速度為v0，由題給條件有則Emv02設(shè)煙花彈從地面開始上升到火藥爆炸所用的時(shí)間為t，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有0v0gt聯(lián)立式得t (2)設(shè)爆炸時(shí)煙花彈距地面的高度為h1，由機(jī)械能守恒定律有Emgh1火藥

13、爆炸后，煙花彈上、下兩部分均沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，設(shè)爆炸后瞬間其速度分別為v1和v2.由題給條件和動(dòng)量守恒定律有mv12mv22Emv1mv20由式知，煙花彈兩部分的速度方向相反，向上運(yùn)動(dòng)部分做豎直上拋運(yùn)動(dòng)設(shè)爆炸后煙花彈向上運(yùn)動(dòng)部分繼續(xù)上升的高度為h2，由機(jī)械能守恒定律有mv12mgh2聯(lián)立式得，煙花彈向上運(yùn)動(dòng)部分距地面的最大高度為hh1h210如圖7所示，質(zhì)量均為m的木板AB和滑塊CD緊靠在一起靜置在光滑水平面上，木板AB的上表面粗糙，滑塊CD的表面是光滑的四分之一圓弧，其始端D點(diǎn)切線水平且與木板AB上表面相平一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊P質(zhì)量也為m，從木板AB的右端以初速度v0滑上木板AB，過B點(diǎn)時(shí)的速度

14、為，然后滑上滑塊CD，最終恰好能滑到滑塊CD的最高點(diǎn)C處重力加速度為g.求：圖7(1)物塊滑到B點(diǎn)時(shí)木板的速度v的大??；(2)滑塊CD圓弧的半徑R.解：(1)對(duì)P和木板、滑塊CD組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律有mv0m2mv，解得v.(2)物塊P由D點(diǎn)滑到C點(diǎn)的過程中，滑塊CD和物塊P組成的系統(tǒng)在水平方向動(dòng)量守恒，有mm2mv共系統(tǒng)能量守恒，有mgRm()2m()22mv共2解得R.11如圖8所示，質(zhì)量為mA3 kg的小車A以v04 m/s的速度沿光滑水平面勻速運(yùn)動(dòng)，小車左端固定的支架通過不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛質(zhì)量為mB1 kg的小球B(可看作質(zhì)點(diǎn))，小球距離車面h0.8 m某一時(shí)刻，小車與靜止在光滑

15、水平面上的質(zhì)量為mC1 kg的物塊C發(fā)生碰撞并粘連在一起(碰撞時(shí)間可忽略)，此時(shí)輕繩突然斷裂此后，小球剛好落入小車右端固定的沙桶中(小桶的尺寸可忽略)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取10 m/s2.求：圖8(1)小車系統(tǒng)的最終速度大小v共；(2)繩未斷前小球與沙桶的水平距離L；(3)整個(gè)過程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能E機(jī)損解：(1)設(shè)系統(tǒng)最終速度為v共，水平方向動(dòng)量守恒，有(mAmB)v0(mAmBmC)v共代入數(shù)據(jù)解得v共3.2 m/s(2)A與C的碰撞動(dòng)量守恒，mAv0(mAmC)v1解得v13 m/s，設(shè)小球下落時(shí)間為t，則hgt2代入數(shù)據(jù)解得t0.4 s所以繩未斷前小球與沙桶的水平距離為L(zhǎng)(v0v1)t代入數(shù)據(jù)解得L0.4 m(3)由能量守恒得E機(jī)損mBgh(mAmB)v02(mAmBmC)v共2代入數(shù)據(jù)解得E機(jī)損14.4 J- 9 -