《（山東專用）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 第3節(jié) 功能關(guān)系 能量守恒定律練習(xí)（含解析）新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（山東專用）2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 第3節(jié) 功能關(guān)系 能量守恒定律練習(xí)（含解析）新人教版（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第3節(jié)功能關(guān)系能量守恒定律1.某人擲鉛球,出手時(shí)鉛球的動(dòng)能為150 J.關(guān)于人對(duì)鉛球的做功情況和能量轉(zhuǎn)化情況,下列說(shuō)法正確的是(A)A.此人對(duì)鉛球做了150 J的功,將體內(nèi)的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為鉛球的動(dòng)能B.此人對(duì)鉛球做的功無(wú)法計(jì)算C.此人對(duì)鉛球沒(méi)有做功,因此沒(méi)有能量的轉(zhuǎn)化D.此人對(duì)鉛球做了150 J的功,將鉛球的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為鉛球的動(dòng)能解析:由于人對(duì)鉛球的作用力是變力,且位移未知,不能運(yùn)用功的計(jì)算公式來(lái)計(jì)算,可根據(jù)功能關(guān)系,人對(duì)鉛球做功,使鉛球動(dòng)能增加,因此,此人對(duì)鉛球所做的功等于鉛球動(dòng)能的增加,即150 J,此人是將體內(nèi)的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為鉛球的動(dòng)能.故只有A正確.2.(2018河南洛陽(yáng)模擬)物體只在重

2、力和一個(gè)不為零的向上的拉力作用下,分別做了勻速上升、加速上升和減速上升三種運(yùn)動(dòng).在這三種情況下物體機(jī)械能的變化情況是(D)A.勻速上升機(jī)械能不變,加速上升機(jī)械能增加,減速上升機(jī)械能減小B.勻速上升和加速上升機(jī)械能增加,減速上升機(jī)械能減小C.由于該拉力與重力大小的關(guān)系不明確,所以不能確定物體機(jī)械能的變化情況D.三種情況中,物體的機(jī)械能均增加解析:在三種情況下,外力均對(duì)物體做了正功,所以物體的機(jī)械能均增加,選項(xiàng)D正確.3. (2018湖南郴州模擬)某同學(xué)用如圖所示的裝置測(cè)量一個(gè)凹形木塊的質(zhì)量m,彈簧的左端固定,木塊在水平面上緊靠彈簧(不連接)將其壓縮,記下木塊右端位置A點(diǎn),釋放后,木塊右端恰能運(yùn)動(dòng)

3、到B1點(diǎn).在木塊槽中加入一個(gè)質(zhì)量m0=800 g的砝碼,再將木塊左端緊靠彈簧,木塊右端位置仍然在A點(diǎn),釋放后木塊離開(kāi)彈簧,右端恰能運(yùn)動(dòng)到B2點(diǎn),測(cè)得AB1,AB2長(zhǎng)分別為27.0 cm和 9.0 cm,則木塊的質(zhì)量m為(D)A.100 gB.200 gC.300 gD.400 g解析:第一次由能量守恒定律Ep=mgAB1,第二次由能量守恒得Ep=(m+m0)gAB2,解得m=400 g,選項(xiàng)D正確.4. (2018山東煙臺(tái)質(zhì)檢)如圖所示,在光滑斜面上的A點(diǎn)先后水平拋出和靜止釋放兩個(gè)質(zhì)量相等的小球1和2,不計(jì)空氣阻力,最終兩小球在斜面上的B點(diǎn)相遇,在這個(gè)過(guò)程中(C)A.小球1重力做的功大于小球2

4、重力做的功B.小球1機(jī)械能的變化大于小球2機(jī)械能的變化C.小球1到達(dá)B點(diǎn)的動(dòng)能大于小球2的動(dòng)能D.兩小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí),在豎直方向的分速度相等解析:重力做功只與初、末位置的高度差有關(guān),與物體經(jīng)過(guò)的路徑無(wú)關(guān),所以重力對(duì)1,2兩小球所做的功相等,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;1,2兩小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中,只有重力對(duì)其做功,所以它們的機(jī)械能均守恒,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由動(dòng)能定理可得,對(duì)小球1有mgh=-,對(duì)小球2有mgh=-0,顯然,選項(xiàng)C正確;由上面的分析可知,兩小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí),小球1的速度大于小球2的速度,且小球1的速度方向與豎直方向的夾角小于小球2速度方向與豎直方向的夾角,因此,小球1在豎直方向上的速度大于小球2在

5、豎直方向上的速度,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.5.如圖,兩根相同的輕質(zhì)彈簧,沿足夠長(zhǎng)的光滑斜面放置,下端固定在斜面底部擋板上,斜面固定不動(dòng).質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端.現(xiàn)用外力作用在物塊上,使兩彈簧具有相同的壓縮量;若撤去外力后,兩物塊由靜止沿斜面向上彈出并離開(kāi)彈簧,則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過(guò)程,兩物塊(C)A.最大速度相同 B.最大加速度相同C.上升的最大高度不同 D.重力勢(shì)能的變化量不同解析:如圖為物塊能向上彈出且離開(kāi)彈簧,則物塊在剛撤去外力時(shí)加速度最大,由牛頓第二定律得:kx-mgsin =ma,即a=-gsin ,由于兩物塊k,x,均相同,m不同,則a 不同,B錯(cuò)誤;當(dāng)m

6、gsin =kx0即x0=時(shí),速度最大,設(shè)兩物塊質(zhì)量m1x2,W1W2,由動(dòng)能定理可知Ek1Ek2,即v1v2,而此時(shí)m2的速度v2已達(dá)最大,此后,m1的速度將繼續(xù)增大直至最大,而m2的速度將減小,故一定是質(zhì)量小的最大速度大,A錯(cuò)誤;從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn),由Ep=mgh及題意知重力勢(shì)能的變化量Ep=mgh相同,m不同,h也不同,故C正確,D錯(cuò)誤.6.“彈弓”一直是孩子們最喜愛(ài)的彈射類玩具之一,其構(gòu)造如圖所示,橡皮筋兩端點(diǎn)A,B固定在把手上,橡皮筋A(yù)CB恰好處于原長(zhǎng)狀態(tài),在C處(AB連線的中垂線上)放一固體彈丸,一手執(zhí)把,另一手將彈丸拉至D點(diǎn)放手,彈丸就會(huì)在橡皮筋的作用下迅速發(fā)射出去,打擊目標(biāo),現(xiàn)

7、將彈丸豎直向上發(fā)射,已知E是CD中點(diǎn),不計(jì)空氣阻力則(D)A.從D到C,彈丸的機(jī)械能守恒B.從D到C,彈丸的動(dòng)能一直在增大C.從D到C,彈丸的機(jī)械能先增大后減小D.從D到E彈丸增加的機(jī)械能大于從E到C彈丸增加的機(jī)械能解析:從D到C,橡皮筋對(duì)彈丸做正功,彈丸機(jī)械能一直在增加,A,C錯(cuò);從D到E橡皮筋作用在彈丸上的合力大于從E到C橡皮筋作用在彈丸上的合力,兩段高度相等,所以DE段橡皮筋對(duì)彈丸做功較多,即機(jī)械能增加的較多,D正確;在CD連線中的某一處,彈丸受力平衡,所以從D到C,彈丸的速度先增大后減小,B錯(cuò).7.(2018河北保定模擬)如圖所示,固定斜面AB和CB與水平面均由一小段光滑圓弧連接,傾角

8、分別為,OB=h.細(xì)線一端固定在豎直擋板上,另一端系一質(zhì)量為m的小物塊,在小物塊和擋板之間壓縮一輕質(zhì)彈簧(小物塊與彈簧不連接),燒斷細(xì)線,小物塊被彈出,滑上斜面AB后,恰好能運(yùn)動(dòng)到斜面的最高點(diǎn),已知AD=l,小物塊與水平面、斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為,重力加速度為g,則(C)A.彈簧對(duì)小物塊做功為mglB.斜面摩擦力對(duì)小物塊做功為C.細(xì)線燒斷前,彈簧具有的彈性勢(shì)能為mgh+mg(+l)D.撤去 斜面AB,小物 塊還從D點(diǎn)彈出,將沿斜面CB上滑并從B點(diǎn)飛出去解析:由功能關(guān)系可知,彈簧對(duì)小物塊做功為W=mgl+mgcos +mgh=mgh+mg(l+),細(xì)線燒斷前,彈簧具有的彈性勢(shì)能為Ep=mgh+m

9、g(l+),選項(xiàng)A錯(cuò)誤,C正確;斜面摩擦力對(duì)小物塊做功為Wf=mgcos =mg,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;撤去斜面AB,小物塊還從D點(diǎn)彈出,則彈簧的彈性勢(shì)能不變,此時(shí)由能量關(guān)系可知:Ep=mgh+mg(l+)=mgh+mgOD,物塊也恰能到達(dá)B點(diǎn),選項(xiàng)D錯(cuò)誤.8.如圖所示,A,B,C三個(gè)一樣的滑塊從粗糙斜面上的同一高度同時(shí)開(kāi)始運(yùn)動(dòng).A由靜止釋放;B的初速度方向沿斜面向下,大小為v0;C的初速度方向沿水平方向,大小也為v0.斜面足夠大,A,B,C運(yùn)動(dòng)過(guò)程中不會(huì)相碰.下列說(shuō)法正確的是(B)A.A和C將同時(shí)滑到斜面底端B.滑到斜面底端時(shí),B的動(dòng)能最大C.滑到斜面底端時(shí),C的重力勢(shì)能減少最多D.滑到斜面底端時(shí),B

10、的機(jī)械能減少最多解析:A,C兩個(gè)滑塊所受的滑動(dòng)摩擦力大小相等,A所受滑動(dòng)摩擦力沿斜面向上,C受到的沿斜面向上的力是滑動(dòng)摩擦力的分力,所以C沿斜面向下的加速度大于A沿斜面向下的加速度,C先到達(dá)斜面底端,A項(xiàng)錯(cuò)誤;重力做功相同,摩擦力對(duì)A,B做功相同,C克服摩擦力做功最多,而B(niǎo)有初速度,則滑到斜面底端時(shí),B滑塊的動(dòng)能最大,B項(xiàng)正確;三個(gè)滑塊下降的高度相同,重力勢(shì)能減小相同,C項(xiàng)錯(cuò)誤;滑動(dòng)摩擦力做功與路程有關(guān),C運(yùn)動(dòng)的路程最大,C克服摩擦力做功最大,機(jī)械能減少最多,D項(xiàng)錯(cuò)誤.9.如圖所示,某工廠用傳送帶向高處運(yùn)送物體,將一物體輕輕放在傳送帶底端,第一階段物體被加速到與傳送帶具有相同的速度,第二階段與

11、傳送帶相對(duì)靜止,勻速運(yùn)動(dòng)到傳送帶頂端.下列說(shuō)法正確的是(C)A.第一階段摩擦力對(duì)物體做正功,第二階段摩擦力對(duì)物體不做功B.第一階段摩擦力對(duì)物體做的功等于第一階段物體動(dòng)能的增加量C.第一階段物體和傳送帶間摩擦產(chǎn)生的熱量等于第一階段物體機(jī)械能的增加量D.物體從底端到頂端全過(guò)程機(jī)械能的增加量大于全過(guò)程摩擦力對(duì)物體所做的功解析:對(duì)物體受力分析知,其在兩個(gè)階段所受摩擦力方向都沿傳送帶向上,與其運(yùn)動(dòng)方向相同,摩擦力對(duì)物體都做正功,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由動(dòng)能定理知,外力做的總功等于物體動(dòng)能的增加量,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;物體機(jī)械能的增加量等于摩擦力對(duì)物體所做的功,選項(xiàng)D錯(cuò)誤;設(shè)第一階段運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,傳送帶速度為v,對(duì)物體:x

12、1=t,對(duì)傳送帶:x1=vt,摩擦產(chǎn)生的熱量Q=Ffx相對(duì)=Ff(x1-x1)=Fft,機(jī)械能增加量E=Ffx1=Fft,所以Q=E,選項(xiàng)C正確.10.(2018河南洛陽(yáng)一模)(多選)如圖所示,一個(gè)小物體在足夠長(zhǎng)的斜面上以一定初速度滑行,斜面各處粗糙程度相同,初速度方向沿斜面向上,則物體在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中下列說(shuō)法正確的是(BCD)A.動(dòng)能一定是先減小后增大B.機(jī)械能一直減小C.如果某段時(shí)間內(nèi)摩擦力做功與物體動(dòng)能的改變量相同,則此后物體動(dòng)能將不斷增大D.如果某段時(shí)間內(nèi)摩擦力做功為W,再經(jīng)過(guò)相同的時(shí)間,兩段時(shí)間內(nèi)摩擦力做功可能相等解析:物體向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程加速度方向向下,做勻減速運(yùn)動(dòng),動(dòng)能不斷減小,

13、當(dāng)速度減到0時(shí),受力分析可知不能確定mgsin 與mgcos 的大小關(guān)系,如果mgsin mgcos 物體會(huì)靜止在斜面上,所以A錯(cuò)誤;由于物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中摩擦力對(duì)物體始終做負(fù)功,根據(jù)功能關(guān)系可知物體的機(jī)械能一定減小,所以B正確;根據(jù)動(dòng)能定理,本題中W總=Wf+WG=Ek可知,如果某段時(shí)間內(nèi)摩擦力做功與物體動(dòng)能的改變量相同,說(shuō)明此過(guò)程重力沒(méi)有做功,即說(shuō)明此時(shí)物體剛好返回到開(kāi)始的位置,物體正向下做加速運(yùn)動(dòng),所以此后動(dòng)能應(yīng)不斷增加,故C正確;上升過(guò)程物體做勻減速運(yùn)動(dòng),若t內(nèi)路程為x1,緊接著的t內(nèi),當(dāng)物體先沿斜面向上,后返回,其路程x2可能等于x1,則摩擦力做的功相同,所以D正確.11.質(zhì)量為m的人造

14、地球衛(wèi)星與地心的距離為r時(shí),引力勢(shì)能可表示為Ep=-,其中G為引力常量,M為地球質(zhì)量.該衛(wèi)星原來(lái)在半徑為R1的軌道上繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由于受到極稀薄空氣的摩擦作用,飛行一段時(shí)間后其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑變?yōu)镽2,此過(guò)程中因摩擦而產(chǎn)生的熱量為(C)A.GMm(-)B.GMm(-)C.(-)D.(-)解析:衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)滿足G=m,動(dòng)能Ek=mv2=,機(jī)械能E=Ek+Ep,則E=-=-.衛(wèi)星由半徑為R1的軌道降到半徑為R2的軌道過(guò)程中損失的機(jī)械能E=E1-E2=(-),即為下降過(guò)程中因摩擦而產(chǎn)生的熱量,所以選項(xiàng)C正確.12.如圖所示,一質(zhì)量m=0.4 kg的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止于水平

15、軌道上的A點(diǎn),滑塊與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1.現(xiàn)對(duì)滑塊施加一水平外力,使其向右運(yùn)動(dòng),外力的功率恒為P=10 W.經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后撤去外力,滑塊繼續(xù)滑行至B點(diǎn)后水平飛出,恰好在C點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入固定在豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形軌道,軌道的最低點(diǎn)D處裝有壓力傳感器,當(dāng)滑塊到達(dá)傳感器上方時(shí),傳感器的示數(shù)為25.6 N.已知軌道AB的長(zhǎng)度L=2 m,圓弧形軌道的半徑R=0.5 m,半徑OC和豎直方向的夾角=37.(空氣阻 力可 忽略, 重 力加速度g=10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8)求:(1)滑塊運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)速度的大小vC;(2)B、C兩點(diǎn)的高度差h及水平距離x;(3)水平外力

16、作用在滑塊上的時(shí)間t.解析:(1)滑塊運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí),由牛頓第二定律得FN-mg=m,滑塊由C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程,由機(jī)械能守恒定律得mgR(1-cos )+m=m,代入數(shù)據(jù),聯(lián)立解得vC=5 m/s.(2)滑塊從B到C做平拋運(yùn)動(dòng),在C點(diǎn)速度的豎直分量為vy=vCsin =3 m/s,所以B,C兩點(diǎn)的高度差為h= m=0.45 m,滑塊由B運(yùn)動(dòng)到C所用的時(shí)間為t1= s=0.3 s,滑塊運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度即平拋運(yùn)動(dòng)的初速度vB=vCcos =4 m/s,所以B,C間的水平距離x=vBt1=40.3 m=1.2 m.(3)滑塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程,由動(dòng)能定理得Pt-mgL=m代入數(shù)據(jù)解得t=0.4

17、s.答案:(1)5 m/s(2)0.45 m1.2 m(3)0.4 s13.如圖(甲)所示,傾角為=37的傳送帶以恒定速率逆時(shí)針運(yùn)行,現(xiàn)將一質(zhì)量m=2 kg的小物體輕輕放在傳送帶的A端,物體相對(duì)地面的速度隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖(乙)所示,2 s末物體到達(dá)B端,取沿傳送帶向下為正方向,g=10 m/s2,sin 37=0.6,求:(1)小物體在傳送帶A,B兩端間運(yùn)動(dòng)的平均速度v;(2)物體與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù);(3)2 s內(nèi)物體機(jī)械能的減少量E及因與傳送帶摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能Q.解析:(1)傳送帶A,B兩端間的距離L等于vt圖線與t軸所圍的面積大小,所以L=1 m+1 m=16 m小物體在A,B間運(yùn)動(dòng)

18、的時(shí)間t=2 s由平均速度的定義得v=8 m/s.(2)由v-t圖像可知傳送帶運(yùn)行速度為v1=10 m/s,物體從A到B先做加速度為a1= m/s2=10 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),經(jīng)過(guò)時(shí)間t1=1 s后再做加速度為a2= m/s2=2 m/s2的勻加速運(yùn)動(dòng),然后經(jīng)過(guò)時(shí)間t2=1 s,物體以大小為v2=12 m/s的速度到達(dá)傳送帶B端.由物體在傳送帶上的受力情況知a1=a2=解得=0.5.(3)小物體到達(dá)傳送帶B端時(shí)的速度大小v2=12 m/s物體的動(dòng)能增加了Ek=m=2122 J=144 J物體的重力勢(shì)能減少了Ep=mgLsin =20160.6 J=192 J所以物體的機(jī)械能的減少量E=48 J由功能關(guān)系可知Q=mgcos (v1t1-t1)+mgcos (t2-v1t2)代入數(shù)值得Q=48 J.答案:(1)8 m/s(2)0.5(3)48 J48 J8