《（浙江選考）2019屆高考物理二輪復習 專題二 能量與動量綜合訓練》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（浙江選考）2019屆高考物理二輪復習 專題二 能量與動量綜合訓練（8頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、專題二 能量與動量專題綜合訓練(二)1.質量為m=2 kg的物體沿水平面向右做直線運動,t=0時刻受到一個水平向左的恒力F,如圖甲所示,取水平向右為正方向,此物體的v-t圖象如圖乙所示,g取10 m/s2,則()A.物體與水平面間的動摩擦因數(shù)=0.5B.10 s內恒力F對物體做功102 JC.10 s末物體在計時起點位置左側2 m處D.10 s內物體克服摩擦力做功30 J2.如圖所示,質量為m的物塊從A點由靜止開始下落,加速度是,下落H到B點后與一輕彈簧接觸,又下落h后到達最低點C,在由A運動到C的過程中,空氣阻力恒定,則()A.物塊機械能守恒B.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒C.物塊機械能減

2、少D.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能減少3.如圖所示,A、B、C三個一樣的滑塊從粗糙斜面上的同一高度同時開始運動,A由靜止釋放,B的初速度方向沿斜面向下,大小為v0,C的初速度方向沿斜面水平,大小也為v0。下列說法中正確的是()A.A和C將同時滑到斜面底端B.滑到斜面底端時,B的動能最大C.滑到斜面底端時,B的機械能減少最多D.滑到斜面底端時,C的重力勢能減少最多4.圖甲為豎直固定在水平面上的輕彈簧,t=0時刻,將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放,小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點,然后又被彈簧彈起離開彈簧,上升到一定高度后再下落,如此反復。通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器,測出此過程彈簧彈力

3、F隨時間t變化的圖象如圖乙所示,不計空氣阻力,則()A.t1時刻小球的動能最大B.t2時刻小球的加速度最小C.t3時刻彈簧的彈性勢能為零D.圖乙中圖線所圍面積在數(shù)值上等于小球動量的變化量5.如圖所示,某人在P點準備做蹦極運動,假設蹦極者離開跳臺時的速度為零。圖中a是彈性繩的原長位置,c是人所到達的最低點。b是人靜止地懸吊著時的平衡位置。不計空氣阻力,下列說法中正確的是()A.從P到c過程中重力的沖量大于彈性繩彈力的沖量B.從P到c過程中重力做的功等于人克服彈力所做的功C.從P到b過程中人的速度不斷減小D.從a到c過程中加速度方向保持不變6.如圖所示,質量為m的小球從斜軌道高h處由靜止滑下,然后

4、沿豎直圓軌道內側運動,已知圓形軌道半徑為R,不計一切摩擦阻力,重力加速度為g。則下列說法正確的是()A.當h=2R時,小球恰好能到達最高點MB.當h=2R時,小球在圓心等高處P時對軌道壓力為3mgC.當hR時,小球在運動過程中不會脫離軌道D.當h=R時,小球在最低點N時對軌道的壓力為2mg7.總質量為m的汽車在平直公路上以速度v0勻速行駛時,發(fā)動機的功率為P。司機為合理進入限速區(qū),減小了油門,使汽車功率立即減小到P并保持該功率繼續(xù)行駛,設汽車行駛過程中所受阻力大小不變。從司機減小油門開始,汽車的v-t圖象如圖,從汽車開始減速到再次達到勻速運動的過程中,行駛的位移為x,汽車因油耗而改變的質量可忽

5、略。則在該過程中,下列說法不正確的是()A.汽車再次勻速運動時速度大小為v0B.t=0時刻,汽車的加速度大小為C.汽車的牽引力不斷減小D.經(jīng)歷的時間為8.如圖所示,物塊從足夠長粗糙斜面底端O點,以某一速度向上運動,到達最高點后又沿斜面下滑。物塊先后兩次經(jīng)過斜面上某一點A時的動能分別為Ek1和Ek2,重力勢能分別為Ep1和Ep2,從O點開始到第一次經(jīng)過A點的過程中,重力做功為WG1,合外力做功的絕對值為W1,從O點開始到第二次經(jīng)過A點的過程中重力做功為WG2,合外力做功的絕對值為W2,則下列選項正確的是()A.Ek1Ek2,Ep1=Ep2B.Ek1=Ek2,Ep1Ep2C.WG1WG2,W1WG

6、2,W1=W29.如圖所示,AB為長度足夠長的水平地面,AC為與水平方向成30的傾斜地面,D為AC中點。已知將某物體以4 J的初動能從D點水平拋出,其落地時的動能為8 J。若將該物體以一定的初速度從C點水平拋出,要使其恰好能落在A點,則其拋出時的初動能應為()A.4 JB.6 JC.8 JD.10 J10.一新型賽車在水平專用測試道上進行測試,該車總質量為m=1103 kg,由靜止開始沿水平測試道運動。傳感設備記錄其運動的速度時間圖象(v-t圖線先是一段曲線,后為直線)。g取10 m/s2,求:(1)發(fā)動機牽引力的額定功率;(2)行駛中的最大速度vm。11.如圖所示為游樂場的一項娛樂設備。一環(huán)

7、形座艙套裝在豎直柱子上,由升降機送上幾十米的高處。然后讓座艙自由落下,落到一定位置時,制動系統(tǒng)啟動,到地面時剛好停下。已知座艙開始下落的高度為H=75 m,當落到離地面h=30 m的位置時開始制動,座艙均勻減速。在一次娛樂中,某同學把質量m=6 kg的書包放在自己的腿上。g取10 m/s2。不計座艙與柱子間的摩擦力及空氣阻力。(1)求座艙制動過程中書包對該同學腿部的壓力多大;(2)若環(huán)形座艙與同學們的總質量M=4103 kg,求制動過程中機器輸出的平均功率。12.如圖(a)所示,一物體以一定的速度v0沿足夠長斜面向上運動,此物體在斜面上的最大位移與斜面傾角的關系由圖(b)中的曲線給出。設各種條

8、件下,物體運動過程中的摩擦系數(shù)不變。g取10 m/s2。試求:(1)物體與斜面之間的動摩擦因數(shù);(2)物體的初速度大小;(3)為多大時,x值最小。13.如圖所示裝置由AB、BC、CD三段軌道組成,軌道交接處均由很小的圓弧平滑連接,其中軌道AB、CD段是光滑的,水平軌道BC的長度s=5 m,軌道CD足夠長且傾角=37,A、D兩點離軌道BC的高度分別為h1=4.30 m、h2=1.35 m。現(xiàn)讓質量為m的小滑塊自A點由靜止釋放。已知小滑塊與軌道BC間的動摩擦因數(shù)=0.5,重力加速度g取10 m/s2,sin 37=0.6、cos 37=0.8。求:(1)小滑塊第一次到達D點時的速度大小;(2)小滑

9、塊第一次與第二次通過C點的時間間隔;(3)小滑塊最終停止的位置距B點的距離。14.如圖所示,一條帶有豎直圓軌道的長軌道水平固定,底端分別與兩側的直軌道相切,半徑R=0.5 m。物塊A以v0=10 m/s的速度滑入圓軌道,滑過最高點N,再沿圓軌道滑出,P點左側軌道光滑,右側軌道呈粗糙段、光滑段交替排列,每段長度都為L=0.2 m。物塊與各粗糙段間的動摩擦因數(shù)都為=0.4,A的質量為m=1 kg(重力加速度g取10 m/s2;A可視為質點)。(1)求A滑過N點時的速度大小v和受到的彈力大小;(2)若A最終停止在第k個粗糙段上,求k的數(shù)值;(3)求A滑至第n個(nEk2;上升的高度與下降的高度相同,

10、所以質點上升過程中克服重力做的功等于下降過程中重力做的功,重力做功為零,Ep1=Ep2,故A正確,B錯誤;重力做功只與初末高度差有關,WG1=WG2;合外力做功等于動能的變化量,第一次經(jīng)過A點時的動能大,變化量小,W1W2。故C不正確,D錯誤。9.B解析 斜面傾角為30,設AC的水平距離為x,則豎直高度為x,D點拋出時的豎直高度為x。從D點拋出,物體做平拋運動,在水平方向上做勻速直線運動,則有Ek=Ek0+mgx,mgx=4 J;CA過程中,到達A點時:EkA=EkC+mgx,即EkA=EkC+8 J;從C點拋出的物體x=v0t;x=gt2,解得gt=v0,則到達A點的豎直速度vy=gt=v0

11、,到達A點的速度vA=v0,則EkA=EkC,聯(lián)立解得:EkC=6 J,故選B。10.答案 (1)1.2105 W(2)60 m/s解析 (1)由題圖可知,賽車在05 s內(t1=5 s)做勻加速直線運動,5 s末的速度是v=20 m/s,v=at1,代入數(shù)據(jù)解得:a=4 m/s2根據(jù)牛頓第二定律F牽-F阻=ma解得:F牽=F阻+ma=mg+ma=6103 N發(fā)動機牽引力的額定功率為P額=F牽v=1.2105 W。(2)當賽車勻速運動時,速度最大,此時F牽=F阻=2103 N而P額=F牽vm代入數(shù)據(jù)解得:vm=60 m/s11.答案 (1)150 N(2)1.5106 W解析 (1)設座艙開始

12、制動時的速度為v,制動過程中的加速度大小為a,書包受到腿的支持力為FN,由運動公式可得:v2=2g(H-h)v2=2ah根據(jù)牛頓第二定律,對書包:FN-mg=ma解得FN=150 N根據(jù)牛頓第三定律有該同學腿部受到的壓力為150 N。(2)設制動過程中座艙所受的制動力為F,經(jīng)歷的時間為t,由運動公式:h=vt-at2;根據(jù)牛頓第二定律,對座艙:F-Mg=Ma座艙克服制動力做功:W=Fh機械輸出的平均功率:P=聯(lián)立代入數(shù)據(jù)可得:P=1.5106 W。12.答案 (1)=(2)5 m/s(3)解析 (1)當為90時v0=,當為0時,x0= m,可知物體運動中必受摩擦阻力,設動摩擦因數(shù)為,此時摩擦力

13、大小為mg,加速度大小為g,又=2gx0,聯(lián)立解得=,v0=5 m/s;(3)對于任意一角度,利用動能定理可得對應的最大位移x滿足的關系式=mgxsin +mgxcos 解得x=。其中=tan ,可知x的最小值為x=h=1.08 m對應的=。13.答案 (1)3 m/s(2)2 s(3)1.4 m解析 (1)小滑塊從ABCD過程中,由動能定理得mg(h1-h2)-mgx=-0代入數(shù)據(jù)解得:vD=3 m/s(2)小滑塊從ABC過程中,由動能定理得mgh1-mgx=-0得:vC=6 m/s小滑塊沿CD段上滑的加速度大小a=gsin =6 m/s2小滑塊沿CD段上滑到最高點的時間t1=1 s由對稱性

14、可知,小滑塊從最高點滑回C點的時間t2=t1=1 s故小滑塊第一次與第二次通過C點的時間間隔t=t1+t2=2 s(3)對小滑塊運動全過程利用動能定理,設小滑塊在水平軌道上運動的總路程為x總,則mgh1=mgx總,解得x總=8.6 m故小滑塊最終停止的位置距B點的距離為2x-x總=1.4 m。14.答案 (1)45 m/s150 N(2)63(3)vn= m/s解析 (1)物塊A從出發(fā)至N點過程,機械能守恒,有=mg2R+mv2解得:v=45 m/s假設物塊在N點受到的彈力方向豎直向下為FN,由牛頓第二定律有mg+FN=m得物塊A受到的彈力FN=m-mg=150 N(2)物塊A經(jīng)豎直圓軌道后滑上水平軌道,在粗糙路段摩擦力做負功,動能有損失,由動能定理有-mgkL=0-解得:k=62.5物塊A最終停在第63個粗糙段上。(3)由動能定理有-mgnL=故A滑至第n個(nk)光滑段上的速度vn=即vn= m/s8