《（新課標(biāo)地區(qū)專(zhuān)用）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 計(jì)算題規(guī)范練（八）（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)地區(qū)專(zhuān)用）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 計(jì)算題規(guī)范練（八）（含解析）（4頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、計(jì)算題規(guī)范練(八)15(2019山東濱州市第二次模擬)如圖1甲所示，足夠長(zhǎng)的木板C固定在水平地面上，物塊A、B靜止在木板C上，物塊A、B間距離為x11.1m現(xiàn)使物塊A以速度v06m/s開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)，物塊A在與B碰撞前一段時(shí)間內(nèi)的運(yùn)動(dòng)圖象如圖乙所示已知物塊A、B可視為質(zhì)點(diǎn)，質(zhì)量分別為mA1 kg、mB4 kg，A、B與木板C間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，A與B彈性碰撞過(guò)程時(shí)間極短，可忽略摩擦力對(duì)碰撞的影響，重力加速度g取10 m/s2.求：圖1(1)物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)；(2)碰撞后瞬間物塊A的速度答案(1)0.5(2)3m/s，方向向左解析(1)根據(jù)題圖乙可知aA對(duì)A受力分析，由牛頓第二定律知：mA

2、gmAaA聯(lián)立式解得物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5(2)設(shè)碰撞前瞬間A的速度為v，則v2v022aAx1由于A、B彈性碰撞，設(shè)碰撞后A、B的速度分別為vA、vB，取向右為正方向，則mAvmAvAmBvBmAv2mAvA2mBvB2聯(lián)立式解得：vA3m/s，vB2 m/s.即碰撞后瞬間物塊A的速度大小為3m/s，方向向左16.(2019江蘇泰州市上學(xué)期期末)如圖2所示，光滑導(dǎo)軌MN和PQ固定在豎直平面內(nèi)，導(dǎo)軌間距離為L(zhǎng)，兩端分別接有阻值均為R的定值電阻R1和R2.兩導(dǎo)軌間有一邊長(zhǎng)為的正方形區(qū)域abcd，該區(qū)域內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)一質(zhì)量為m的金屬桿與導(dǎo)軌相互垂直且接觸

3、良好，從ab處由靜止釋放，若金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)前已做勻速運(yùn)動(dòng)，其余電阻均不計(jì)求：圖2(1)金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)前的瞬間流過(guò)R1的電流大小和方向；(2)金屬桿離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度的大??；(3)金屬桿穿過(guò)整個(gè)磁場(chǎng)過(guò)程中電阻R1上產(chǎn)生的電熱答案(1)方向從P到M(2)(3)解析(1)設(shè)流過(guò)金屬桿的電流為I，由平衡條件得mgBI，解得I所以R1中的電流大小I1，方向從P到M.(2)設(shè)金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度大小為v由EBvEI得v(3)由能量守恒得mgQmv2得Q則R1上產(chǎn)生的焦耳熱為QR1Q.17.(2019湖北十堰市上學(xué)期期末)如圖3所示，半徑為r0.4m的圓形光滑軌道AB固定于豎直平面內(nèi)，軌道與粗糙的水平地面相切

4、于B點(diǎn)，CDE為固定于豎直平面內(nèi)的一段內(nèi)壁光滑的中空方形細(xì)管，DE段被彎成以O(shè)為圓心、半徑R0.2m的一小段圓弧，管的C端彎成與地面平滑相接，O點(diǎn)位于地面，OE連線豎直可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊b，從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿軌道下滑，經(jīng)地面進(jìn)入細(xì)管(b橫截面略小于管中空部分的橫截面)，b滑到E點(diǎn)時(shí)受到細(xì)管下壁的支持力大小等于所受重力的.已知物塊b的質(zhì)量m0.4kg，g取10m/s2.圖3(1)求物塊b滑過(guò)E點(diǎn)時(shí)的速度大小vE.(2)求物塊b滑過(guò)地面BC過(guò)程中克服摩擦力做的功Wf.(3)若將物塊b靜止放在B點(diǎn)，讓另一可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊a，從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始沿軌道下滑，滑到B點(diǎn)時(shí)與b發(fā)生彈性正碰，已知a的質(zhì)量Mm，求物

5、塊b滑過(guò)E點(diǎn)后第一次落到地面上的點(diǎn)到O點(diǎn)的距離范圍答案(1)1m/s(2)0.6J(3)0.2mx1m解析(1)物塊b滑過(guò)E點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得mgFNmFNmg聯(lián)立解得vEm/s1 m/s(2)物塊b從A點(diǎn)到E點(diǎn)，由動(dòng)能定理得mg(rR)WfmvE2解得Wf0.6J(3)物塊a從A滑到B的過(guò)程中機(jī)械能守恒，設(shè)物塊a滑到B點(diǎn)時(shí)速度為v，則有Mv2Mgr解得v2m/s設(shè)碰撞后物塊a、b的速度分別為va、vb，碰撞過(guò)程由動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得MvMvamvbMv2Mva2mvb2聯(lián)立解得vbv因?yàn)镸m，由上式可知，碰撞后vvb2v，即2m/svb4m/s物塊b從B點(diǎn)到E點(diǎn)的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得mgRWfmvE2mvb2物塊b離開(kāi)E點(diǎn)后做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，第一次落到地面，此落點(diǎn)到O點(diǎn)的距離為x，則有xvEtRgt2由以上三式聯(lián)立解得0.2mx1m.4