《2018-2019學年高一物理 寒假訓練07 第四章A》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2018-2019學年高一物理 寒假訓練07 第四章A（12頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、寒假訓練07第四章A1【2018年巴音郭勒州且末二中高一上期中】如圖所示，傳送帶與地面的傾角=37，從A到B的長度為L=16m，傳送帶以vo=10m/s的速度逆時針轉動，在傳送帶上端無初速的放一個質(zhì)量為m=0.5kg物體，它與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)=0.5，求物體從A運動到B所需的時間是多少？(sin37=0.6，cos37=0.8)一、單選題1【2018年三明市第一中學高一上學期檢測】教科書中這樣表述牛頓第一定律：一切物體總保持勻速直線運動狀態(tài)或靜止狀態(tài)，直到有外力迫使它改變這種狀態(tài)為止。其中“改變這種狀態(tài)”指的是改變物體的( )A加速度 B速度C位置 D受力2【2018年長郡中學高一上調(diào)研

2、】關于運動和力的關系，下列說法中正確的是( )A物體受到的合外力越大，加速度越大B物體受到的合外力越大，速度越大C物體從靜止開始在外力作用下做直線運動，當合外力逐漸減小時，速度也逐漸減小D物體原來做勻變速直線運動，當合外力逐漸增大時，速度也一定逐漸增大3【2018年沭陽縣高一上學期期中】關于慣性，下列說法正確的是( )A人走路時沒有慣性，被絆倒時有慣性B物體受到的作用力越大慣性越大C物體做加速運動時，慣性不斷增大D質(zhì)量大的物體慣性大4【2018年九江市高一上學期期中】如圖所示，自由下落的小球，從它接觸豎直放置的彈簧開始到彈簧壓縮到最大程度的過程中，小球的速度和加速度的變化情況( )A加速度變大

3、，速度變小B加速度變小，速度變大C加速度先變小后變大，速度先變大后變小D加速度先變小后變大，速度先變小后變大5【2018年上饒市第一中學高一上學期檢測】在動摩擦因數(shù)=0.2的水平面上有一個質(zhì)量為m=1kg的小球，小球與水平輕彈簧及與豎直方向成=45角的不可伸長的輕繩一端相連，如圖所示.此時小球處于靜止平衡狀態(tài)，且水平面對小球的彈力恰好為零，當剪斷輕繩的瞬間，取g=10m/s.則( )A小球的加速度為10m/s2B小球的加速度為8m/s2C小球的加速度為0m/s2D小球向左做勻加速運動6【2018年臨川中學高一上調(diào)研】如圖所示，兩長方體形物體A和B，質(zhì)量分別為2m和m，互相接觸放在光滑的水平面上

4、，現(xiàn)在對物體A施以大小為F的水平向右恒力，同時對物體B施以大小為F/2的水平向左恒力，則在水平面上運動過程中，物體A、B間的相互作用力為( )AFBF/2CF/3D2F/37【2018年吉安市高一上調(diào)研】力學單位制中，下列哪三個物理量的單位都為基本單位( )A質(zhì)量、時間和力B質(zhì)量、長度和力C時間、長度和力D質(zhì)量、時間和長度8【2018年遵義市高一上學期檢測】物體A靜止于固定斜面上，下列說法正確的是( )A物體A對斜面的壓力就是物體A所受重力垂直于斜面的分力B物體A對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對相互作用力C物體A受到的重力和斜面對物體的作用力是一對相互作用力D物體A所受重力沿斜面的分力和

5、斜面所受的摩擦力是一對平衡力9【2018年南昌市高一上學期期中】如圖所示，一個人站在電梯中相對電梯靜止不動，下列運動過程中，人處于超重狀態(tài)的是( )A電梯勻速上升 B電梯加速下降 C電梯減速下降 D電梯減速上升二、多選題10【2018年上饒市第三中學高一上學期檢測】如圖甲，某人正通過定滑輪將質(zhì)量為m的貨物提升到高處，滑輪的質(zhì)量和摩擦均不計，貨物獲得的加速度a與繩子對貨物豎直向上的拉力T之間的函數(shù)關系如圖乙所示由圖可以判斷( )A圖線與縱軸的交點M的值aMgB圖線與橫軸的交點N的值TNmgC圖線的斜率等于物體的質(zhì)量mD圖線的斜率等于物體質(zhì)量的倒數(shù)1m11【2018年贛州中學高一上調(diào)研】質(zhì)量不等的

6、兩物塊A和B其質(zhì)量分別為mA和mB，置于光滑水平面上.如圖所示.當水平恒力下作用于左端A上，兩物塊一起加速運動時，AB間的作用力大小為N1.當水平力F作用于右端B上兩物塊一起加速運動時，AB間作用力大小為N2，則( )A兩次物體運動的加速度大小相等 BN1+N224N時，B物體的加速度將保持不變14【2018年永修縣高一上學期期中】一個做直線運動的物體受到的合外力的方向與物體運動的方向相同，當合外力增大時，則物體運動的加速度和速度的變化是( )A加速度增大 B加速度減小 C速度增大 D速度減小15【2018年上海市高一上學期期中】汽車內(nèi)有一用輕繩懸掛的小球，某段時間內(nèi)繩與豎直成某一固定角度，如

7、圖所示，若在汽車底板上還有一個跟其相對靜止的物體m1，則關于汽車的運動情況和物體m1的受力情況正確的是( )A汽車一定向右做勻加速運動B汽車可能向左做勻減速運動Cm1除受到重力、底板的支持力作用外，還一定受到向右的摩擦力作用Dm1除受到重力、底板的支持力作用外，還可能受到向左的摩擦力作用三、實驗題16【2018年天津市高一上學期期中】在“探究加速度與力、質(zhì)量的關系”的實驗中，采用如圖1所示的實驗裝置，小車及車中砝碼的質(zhì)量用M表示，盤及盤中砝碼的質(zhì)量用m表示，小車的加速度可由小車后面拉動的紙帶經(jīng)打點計時器打出的點計算得到（1）當M與m的大小關系滿足時，才可以認為繩對小車的拉力大小等于盤及盤中砝碼

8、的總重力（2）一組同學在探究加速度與質(zhì)量的關系時，保持盤及盤中砝碼的質(zhì)量一定，改變小車及車中砝碼的質(zhì)量，測出相應的加速度，采用圖象法處理數(shù)據(jù)為了比較容易地得出加速度a與質(zhì)量M的關系，應作出a與圖象（3）甲同學在探究加速度與力的關系時，根據(jù)測量數(shù)據(jù)作出的a一F圖線，如圖2（a）所示則實驗存在的問題是。（4）乙、丙兩同學用同一裝置探究加速度與力的關系時，畫出了各自得到的a一F圖線，如圖2（b）所示則是兩同學做實驗時取值不同造成的（5）隨著F的增大，a一F圖線最后會略微向彎曲（填上或下）四、解答題17【2018年北京第十五中高一上學期期中】一斜面AB長為5m，傾角為30，一質(zhì)量為2kg的小物體(大小

9、不計)從斜面頂端A點由靜止釋放，如圖所示.斜面與物體間的動摩擦因數(shù)為36，求：(1)小物體下滑到斜面底端B時的速度(2)小物體從頂端A下滑到斜面底端B所用時間.(g取10m/s2).18【2018年浙江省高一上學期期中】如圖所示，滑雪運動員質(zhì)量m=75kg，沿傾角=30的山坡勻加速滑下，經(jīng)過1s的時間速度由3m/s增加到7m/s.(g取10m/s2)求：(1)運動員在這段時間內(nèi)沿山坡下滑的距離。(2)運動員受到的阻力(包括摩擦和空氣阻力)。寒假訓練07第四章A1t=2s【解析】開始階段由牛頓第二定律得：mgsin+mgcos=ma1所以物體向下加速運動的加速度為：a1=gsin+gcos=10

10、m/s2物體加速至與傳送帶速度相等時需要的時間：t1=v0a1=1010s=1s發(fā)生的位移：x1=12a1t12=121012=5m16m，所以物體加速到10m/s時仍未到達B點，此時摩擦力方向改變第二階段根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin-mgcos=ma2所以加速度大小為：a2=2m/s2設第二階段物體滑動到B的時間為t2，則：LAB-x1=vt2+12a2t22解得：t2=1s從A到B的時間t=1s+1s=2s1B【解析】 “改變這種狀態(tài)”指的是改變物體的速度，即運動的速度的大小和方向，只要速度的大小或方向的一個發(fā)生了改變，則物體的運動狀態(tài)就發(fā)生了改變，選項B正確。2A【解析】根據(jù)牛頓第二

11、定律可知物體受到的合外力越大，加速度就越大，但速度不一定大，例如從靜止開始運動的物體，A正確B錯誤；因為物體是由靜止開始運動的，故物體存在加速過程，合外力減小，加速度減小，速度卻在增大，C錯誤；勻變速直線運動包括勻減速直線運動，所以物體有可能做勻減速直線運動，但合外力增大時，加速度增大，物體速度減小的更快了，D錯誤3D【解析】不只是靜止的物體具有慣性，人走路時也有慣性；故A錯誤。慣性大小與作用力無關；故B錯誤。慣性大小與物體的速度無關，只與物體質(zhì)量大小有關；故C錯誤。質(zhì)量是物體慣性大小的唯一量度，質(zhì)量越大，則慣性越大；故D正確。4C【解析】開始階段，彈簧的壓縮量較小，因此彈簧對小球向上的彈力小

12、于向下重力，此時合外力大小：F=mgkx，方向向下，隨著壓縮量的增加，彈力增大，故合外力減小，則加速度減小，由于合外力與速度方向相同，小球的速度增大；當mg=kx時，合外力為零，此時速度最大；由于慣性物體繼續(xù)向下運動，此時合外力大小為：F=kxmg，方向向上，物體減速，隨著壓縮量增大，物體合外力增大，加速度增大故整個過程中加速度先變小后變大，速度先變大后變小，故ABD錯誤，C正確5B【解析】在剪斷輕繩前，小球受重力、繩子的拉力以及彈簧的彈力處于平衡，根據(jù)共點力平衡得，彈簧的彈力：F=mgtan45=101=10N，剪斷輕繩的瞬間，彈簧的彈力仍然為20N，小球此時受重力、支持力、彈簧彈力和摩擦力

13、四個力作用；小球所受的最大靜摩擦力為：f=mg=0.210N=2N，根據(jù)牛頓第二定律得小球的加速度為：a=F-fm=10-21=8m/s2；則A，C錯誤，B正確。小球向左加速運動，但彈簧逐漸恢復形變，彈力變小，則小球做加速度逐漸減小的變加速直線運動，D錯誤。6D【解析】由牛頓第二定律得：對A、B整體系統(tǒng)：a=F-12F2m+m=F6m，單獨對A根據(jù)牛頓第二定律：F-FN=2ma，解得：FN=23F，故選項D正確，選項ABC錯誤。7D【解析】國際單位制規(guī)定了七個基本物理量分別為長度、質(zhì)量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質(zhì)的量它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位，而物理量之間的關系式推到出來

14、的物理量的單位叫做導出單位他們在國際單位制中的單位分別為米、千克、秒、開爾文、安培、坎德拉、摩爾力學中的基本物理量有三個，它們分別是長度、質(zhì)量、時間，故D正確，A、B、C錯誤。故選D。8B【解析】物體對斜面的壓力大小等于物體所受重力沿垂直于斜面的分力大小，但壓力的受力體是斜面，而重力分力的受力體是物體.不能說“就是”，故A錯誤；物體A對斜面的壓力和斜面對物體的支持力是一對相互作用力，故B正確；物體A受到的重力和斜面對物體的作用力是一對平衡力，故C錯誤；物體A所受重力沿斜面的分力和斜面所受的摩擦力作用在不同的物體上，不可能是平衡力，故D錯誤。所以B正確，ACD錯誤。9C【解析】電梯勻速上升時，加

15、速度為零；人不超重也不失重；故A錯誤；電梯加速下降時，加速度向下，故人失重，故B錯誤；電梯減速下降時，加速度向上，故人超重；故C正確；電梯減速上升時，加速度向下，故人失重，故D錯誤；故選C10ABD【解析】對貨物受力分析，受重力mg和拉力T，根據(jù)牛頓第二定律，有T-mg=ma，得a=Tm-g.當T=0時，a=-g，即圖線與縱軸的交點M的值aM=-g，故A正確。當a=0時，T=mg，故圖線與橫軸的交點N的值TN=mg，故B正確。圖線的斜率表示質(zhì)量的倒數(shù)，C錯，D對。11ACD【解析】根據(jù)牛頓第二定律得：對整體：a=FmA+mB則兩次物體運動的加速度大小相等。分別隔離B和A得：N1=mBa，N2=

16、mAa，則得到N1+N2=（mA+mB）a=F，N1：N2=mB：mA故B錯誤，CD正確。故選ACD。12BC【解析】從a到b過程，彈性繩的拉力小于人的重力，人向下做加速度減小的變加速運動，從b到c過程，彈性繩的拉力大于人的重力，人向下做加速度增大的變減速運動，所以在b點時人的速度最大，此時運動員所受的拉力與重力大小相等、方向相反，合力為零，加速度為零；故A錯誤，B正確。在bc段繩的拉力大于人的重力，加速度向上，運動員處于超重狀態(tài)；故C正確。在c點，拉力大于人的重力，合力不為零，加速度不為零，只有速度為零；故D錯誤。13CD【解析】由圖象可以看出當力F24N時加速度較小，所以AB相對靜止，采用

17、整體法由牛頓第二定律：F=（M+m）a，圖中直線的較小斜率的倒數(shù)等于M與m質(zhì)量之和為4kg.當F24N時，A的加速度較大，采用隔離法由牛頓第二定律：F-mg=ma 圖中較大斜率倒數(shù)等于A的質(zhì)量為3kg，則B的質(zhì)量為1kg，較大斜率直線的延長線與a的截距等于g，得=0.2，故A、B錯誤，C正確。D、當F24N時，AB發(fā)生滑動，B的加速度a=mAgmB=6m/s2恒定，故D正確。14AC【解析】合力增大，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度增大，因為合力方向與速度方向相同，速度增大；故選AC。15BC【解析】A、B、以小球為研究對象，分析受力情況，如圖：小球受重力mg和細線的拉力F，由于小球的加速度水平向右

18、，根據(jù)牛頓第二定律得知，小球的合力也水平向右，如圖，則有：mgtan=ma，得a=gtan，一定，則加速度a一定，汽車的加速度也一定，則汽車可能向右做勻加速運動，也可能向左做勻減速運動。故A錯誤，B正確。C、D、對物體m1：物體m1受到重力、底板的支持力。物體m1相對于汽車靜止，物體m1的加速度必定水平向右，根據(jù)牛頓第二定律得知，一定受到水平向右的摩擦力。故C正確，D錯誤。16（1）Mm（2）1M；（3）平衡摩擦力過度；（4）M取值不同造成的（5）下彎曲【解析】（1）根據(jù)牛頓第二定律得：對m：mg-F拉=ma；對M：F拉=Ma解得：F拉=mMgm+Mmg1+mM；當Mm時，即小車的質(zhì)量遠大于砝

19、碼和盤的總質(zhì)量，繩子的拉力近似等于砝碼和盤的總重力（2）根據(jù)牛頓第二定律F=Ma，a與M成反比，而反比例函數(shù)圖象是曲線，而根據(jù)曲線很難判定出自變量和因變量之間的關系，故不能作a-M圖象；但a=FM，故a與1M成正比，而正比例函數(shù)圖象是過坐標原點的一條直線，就比較容易判定自變量和因變量之間的關系，故應作a-1M圖象；（3）根據(jù)圖象可知，當F等于零，但是加速度不為零，知平衡摩擦力過度；（4）根據(jù)F=ma可得a=FM，即a-F圖象的斜率等于物體的質(zhì)量倒數(shù)，所以兩小車的質(zhì)量不同；（5）隨著F的增大，不滿足Mm時，a-F圖線最后會略微下彎曲；17(1)v=5m/s (2)t=2s【解析】 (1)以小物塊

20、為研究對象進行受力分析，如圖所示:物塊受重力mg、斜面支持力N、摩擦力f，垂直斜面方向，由平衡條件得：mgcos30=N沿斜面方向上，由牛頓第二定律得：mgsin30-f=ma又f=N由以上三式解得：a=2.5m/s2小物體下滑到斜面底端B點時的速度：v2=2as代入數(shù)據(jù)解得：v=5m/s(2)根據(jù)速度時間關系可得運動時間為：t=va=52.5s=2s，即物體下滑的時間為2s18(1)x=5m (2)f=75N【解析】 (1)由運動學公式知運動員下滑時的加速度a=v-v0t=7-31m/s2=4m/s2所以運動員下滑的位移x=v0t+12at2=31+12412=5m(2)以滑雪運動員為研究對象，建立坐標系，受力如圖:由牛頓第二定律:mgsin-f=ma所以運動受到的阻力：f=mgsin-ma=75100.5-754N=75N12