《2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 模塊復(fù)習(xí) 選擇題31分練（1）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 模塊復(fù)習(xí) 選擇題31分練（1）（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 模塊復(fù)習(xí) 選擇題31分練（1） 一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分。每小題只有一個選項符合題意。 1.人類發(fā)現(xiàn)電和磁的關(guān)系，經(jīng)歷了漫長的歲月，1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了通電導(dǎo)線下小磁針的偏轉(zhuǎn)現(xiàn)象，從而發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)。1831年，英國物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)磁鐵穿過閉合線圈時，線圈中有電流產(chǎn)生，從而發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列相關(guān)說法中正確的是(　　) A.給小磁針上方的導(dǎo)線通電，小磁針就會發(fā)生偏轉(zhuǎn) B.導(dǎo)線下方小磁針偏轉(zhuǎn)的角度大小只與電流的強(qiáng)弱有關(guān) C.線圈中感應(yīng)電流的強(qiáng)弱與磁鐵穿過線圈的速度大小有關(guān) D.線圈的橫截面積越大，磁鐵穿過

2、時產(chǎn)生的感應(yīng)電流越大 解析　當(dāng)小磁針的指向與磁感線平行時，因小磁針的指向與磁場方向在同一直線上，小磁針不會偏轉(zhuǎn)，選項A錯誤；小磁針偏轉(zhuǎn)的角度大小與電流的強(qiáng)弱和磁性有關(guān)，選項B錯誤；當(dāng)磁鐵穿過線圈的速度變大時，通過線圈的磁通量變化更快，感應(yīng)電動勢更大，電流更大，選項C正確；線圈的橫截面積越大，但通過線圈的磁通量變化不一定越快，因此磁鐵穿過時產(chǎn)生的感應(yīng)電流不一定越大，選項D錯誤。 答案　C 2.(xx·河南省豫東、豫北十校聯(lián)考)如圖1所示，三個相同的輕質(zhì)彈簧連接在O點(diǎn)，彈簧1的另一端固定在天花板上，且與豎直方向的夾角為30°，彈簧2水平且右端固定在豎直墻壁上，彈簧3的另一端懸掛質(zhì)量為m的物體

3、且處于靜止?fàn)顟B(tài)，此時彈簧1、2、3的形變量分別為x1、x2、x3，則(　　) 圖1 A.x1∶x2∶x3＝∶1∶2 B.x1∶x2∶x3＝2∶1∶ C.x1∶x2∶x3＝1∶2∶ D.x1∶x2∶x3＝∶2∶1 解析　對物體受力分析可知kx3＝mg，對彈簧的結(jié)點(diǎn)受力分析可知：kx1cos 30°＝kx3，kx1sin 30°＝kx2，聯(lián)立解得x1∶x2∶x3＝2∶1∶ 答案　B 3.(xx·河南安陽期末)如圖a、b、c、d四個點(diǎn)在一條直線上，a和b、b和c、c和d間的距離均為R，在a點(diǎn)處固定有一電荷量為Q的點(diǎn)電荷，在d點(diǎn)處固定有另一個電荷量未知的點(diǎn)電荷，除此之外無其他電荷，已知

4、b點(diǎn)處的場強(qiáng)為零，則c點(diǎn)處場強(qiáng)的大小為(式中k為靜電力常量)(　　) 圖2 A.0 B. C. D. 解析　根據(jù)b點(diǎn)場強(qiáng)為零知＝，得Q′＝4Q，c點(diǎn)的場強(qiáng)大小為E＝－＝，選項B正確。 答案　B 4.如圖3所示，兩勻強(qiáng)磁場方向相同，以虛線MN為理想邊界，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2。今有一個質(zhì)量為m、電荷量為e的電子從MN上的P點(diǎn)沿垂直于磁場的方向射入勻強(qiáng)磁場B1中，其運(yùn)動軌跡是如圖所示的“心”形圖線。則以下說法正確的是(　　) 圖3 A.電子的運(yùn)動軌跡沿PENCMDP方向 B.電子運(yùn)動一周回到P所用時間為T＝ C.B1＝4B2 D.B1＝2B2 解

5、析　根據(jù)左手定則可知，電子從P點(diǎn)沿垂直于磁場的方向射入勻強(qiáng)磁場B1時，受到的洛倫茲力方向向上，所以電子的運(yùn)動軌跡應(yīng)沿PDMCNEP方向，選項A錯誤；由題圖可知，電子在勻強(qiáng)磁場B1中的運(yùn)動半徑是在勻強(qiáng)磁場B2中運(yùn)動半徑的一半，根據(jù)r＝可知，B1＝2B2，選項C錯誤，D正確；在整個運(yùn)動過程中，電子在勻強(qiáng)磁場B1中運(yùn)動了一個周期，在勻強(qiáng)磁場B2中運(yùn)動了半個周期，所以T＝＋＝，選項B錯誤。 答案　D 5.如圖4所示，水平面上固定有一個斜面，從斜面頂端向右平拋一個小球，當(dāng)初速度為v0時，小球恰好落到斜面底端，平拋后飛行的時間為t0?，F(xiàn)用不同的初速度v從該斜面頂端向右平拋這個小球，則下列圖象中能正確表

6、示平拋后飛行的時間t隨v變化的函數(shù)關(guān)系的是(　　) 圖4 解析　平拋運(yùn)動在豎直方向的分運(yùn)動為自由落體運(yùn)動，則h＝gt，在水平方向的分運(yùn)動為勻速直線運(yùn)動，則x0＝v0t0。當(dāng)v＞v0時，小球?qū)⒙湓谒矫嫔?，設(shè)斜面的高度為h，則有t＝，t為一定值，故A、B項錯誤；當(dāng)v≤v0時，小球?qū)⒙湓谛泵嫔希O(shè)斜面的傾角為θ，則有tan θ＝＝＝，解得時間t＝，則t∝v，C項正確，D項錯誤。 答案　C 二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不選的得0分。 6. “嫦娥三號”經(jīng)一系列的變軌最終成功著陸月球，如圖

7、5為“嫦娥三號”進(jìn)入月球軌道的示意圖?！版隙鹑枴庇蓤A軌道1上的P點(diǎn)點(diǎn)火減速，從而進(jìn)入橢圓軌道2，且“嫦娥三號”沿橢圓軌道由遠(yuǎn)月點(diǎn)P運(yùn)動到近月點(diǎn)。下列說法正確的是(　　) 圖5 A.“嫦娥三號”在P點(diǎn)減速，由a＝可知加速度減小 B.“嫦娥三號”在不同軌道上經(jīng)過P點(diǎn)時，由a＝可知加速度相同 C.“嫦娥三號”沿橢圓軌道由遠(yuǎn)月點(diǎn)P運(yùn)動到近月點(diǎn)的過程中線速度逐漸減小 D.“嫦娥三號”沿橢圓軌道由遠(yuǎn)月點(diǎn)P運(yùn)動到近月點(diǎn)的過程中周期不斷減小 解析　“嫦娥三號”在圓軌道1和橢圓軌道2上經(jīng)過P點(diǎn)時，由G＝ma可知a＝，則加速度相同，A錯誤，B正確；由＝＝mr可知：v＝，T＝2π，進(jìn)而可知“嫦娥三

8、號”沿橢圓軌道由遠(yuǎn)月點(diǎn)P運(yùn)動到近月點(diǎn)的過程中，線速度逐漸增大，周期不斷減小，C錯誤，D正確。 答案　BD 7.(xx·長春市高中畢業(yè)班第一次調(diào)研測試)如圖6所示，A為多匝線圈，與開關(guān)、滑動變阻器相連后接入M、N間的交流電源，B為一接有小燈珠的閉合多匝線圈，下列關(guān)于小燈珠發(fā)光情況的說法中正確的是(　　) 圖6 A.閉合開關(guān)后小燈珠可能發(fā)光 B.只有閉合開關(guān)的瞬間，小燈珠才可能會發(fā)光 C.若閉合開關(guān)后小燈珠發(fā)光，則再將B線圈靠近A，小燈珠更亮 D.若閉合開關(guān)后小燈珠不發(fā)光，將滑動變阻器的滑片左移后，小燈珠可能會發(fā)光 解析　因?yàn)镸、N之間接入的是交流電源，故閉合開關(guān)后，在線圈A中

9、將通以變化的電流，產(chǎn)生變化的磁場，該變化的磁場使通過線圈B的磁通量發(fā)生變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知線圈B將產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，因B線圈與小燈珠組成閉合回路，若產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢足夠大，則小燈珠可能會發(fā)光，選項A正確，選項B錯誤；若此時再將B線圈靠近線圈A，因越靠近線圈A，對應(yīng)的磁場越強(qiáng)，磁通量的變化率會越大，線圈B中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢將越大，所以小燈珠會更亮，選項C正確；若閉合開關(guān)后，小燈珠不發(fā)光，則可能是產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢過低，但將滑動變阻器的滑片向左移動，通過線圈A的電流將更小，小燈珠仍不會發(fā)光，選項D錯誤。 答案　AC 8.質(zhì)量m＝2 kg、初速度v0＝8 m/s的物體沿著粗糙的水平面向右運(yùn)

10、動，物體與水平面之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1，同時物體還受一個如圖7所示的隨時間變化的水平拉力F的作用，水平向右為拉力的正方向。則以下結(jié)論正確的是(取g＝10 m/s2)(　　) 圖7 A.0～1 s內(nèi)，物體的加速度大小為2 m/s2 B.1～2 s內(nèi)，物體的加速度大小為2 m/s2 C.0～1 s內(nèi)，物體的位移為7 m D.0～2 s內(nèi)，物體的總位移為11 m 解析　0～1 s內(nèi)拉力F的方向水平向左，與滑動摩擦力的方向相同，由牛頓第二定律得加速度大小a1＝＝4 m/s2，與v0方向相反，位移x1＝v0t1－a1t＝6 m，選項A、C錯誤；1～2 s內(nèi)，拉力F的方向水平向右，由牛

11、頓第二定律得物體的加速度大小為a2＝＝2 m/s2，選項B正確；1 s末物體的速度為v1＝v0－a1t1＝4 m/s，1～2 s內(nèi)物體的位移x2＝v1t2＋a2t＝5 m，則0～2 s內(nèi)物體的總位移x＝x1＋x2＝11 m，選項D正確。 答案　BD 9.(xx·鹽城市高三模擬)如圖8所示，變壓器輸入有效值恒定的電壓，副線圈匝數(shù)可調(diào)，輸出電壓通過輸電線送給用戶(電燈等用電器)，R表示輸電線的電阻，則(　　) 圖8 A.用電器增加時，變壓器輸出電壓增大 B.要提高用戶的電壓，滑動觸頭P應(yīng)向上滑 C.用電器增加時，輸電線的熱損耗減少 D.用電器增加時，變壓器的輸入功率增加 解析　由于變壓器原、副線圈的匝數(shù)不變，而且輸入電壓不變，因此增加負(fù)載不會影響輸出電壓，故A錯誤；根據(jù)變壓器原理可知輸出電壓U2＝U1，當(dāng)滑動觸頭P向上滑時，n2增大，所以輸出電壓增大，故B正確；由于用電器是并聯(lián)的，因此用電器增加時總電阻變小，輸出電壓不變，總電流增大，故輸電線上熱損耗增大，故C錯誤；用電器增加時總電阻變小，總電流增大，輸出功率增大，所以輸入功率增大，故D正確。 答案　BD