《2022年高二上學(xué)期期中物理試卷 含解析(III)》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高二上學(xué)期期中物理試卷 含解析(III)（18頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高二上學(xué)期期中物理試卷 含解析(III)一、選擇題（本大題共12個小題，每小題4分在每小題給出的四選項中，第18題只有一項符合題目要求，第912題有多項符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1下列說法正確的是（）A電場中某點(diǎn)處的電場強(qiáng)度，會隨著該處試探電荷帶電量的變化而變化B電場中某點(diǎn)的電勢，與該處的試探電荷無關(guān)C電場線是電場中實(shí)際存在的線D電場強(qiáng)度處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢也一定處處相同2下列說法正確的是（）A電動勢是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量B從關(guān)系式R=可知，導(dǎo)體的電阻跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C電流是電子在導(dǎo)線

2、中的定向移動，電子移動的速度為3108m/sD在通電電路中，電流總是由電源的正極流向負(fù)極，故電流是矢量3如圖所示，帶正電荷的球C靠近不帶電的枕形金屬導(dǎo)體AB的A端，以下說法正確的是（）A若先移走球C，再將AB兩部分從中間分開，則A端帶負(fù)電，B端帶正電B保持球C的位置不動，用手去接觸B端，則A端帶負(fù)電，B端帶正電C保持球C的位置不動，用手去接觸A端，則A端帶負(fù)電，B端不帶電D若先移走球C，在移走球C的過程中，枕形金屬導(dǎo)體中的正、負(fù)電荷同時分別向A端和B端移動4有一電場的電場線如圖所示，場中A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小和電勢分別用EA、EB和A、B（）AEAEB，ABBEAEB，ABCEAEB，ABD

3、EAEB，AB5有三個完全一樣的金屬小球A、B、C，A帶電荷量+10Q、B帶電荷量Q、C不帶電，將A、B分別固定在絕緣支架上，然后讓與外界絕緣的C球反復(fù)很多次與A、B球接觸，最后移去C球，則A、B球間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼模ǎ〢倍B倍C倍D 倍6導(dǎo)體的電阻是10，在50s內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量是300C，這時加在導(dǎo)體兩端的電壓是（）A960VB60VC16VD1V7如圖所示，在邊長為L的正方形ABCD的四個頂點(diǎn)上，A、B兩點(diǎn)處分別放有電荷量都為+q點(diǎn)電荷，C、D兩點(diǎn)處分別放有電荷量都為q的點(diǎn)電荷，則正方形對角線的交點(diǎn)處的場強(qiáng)為（）A0B2C4D28一個帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電荷量q=2.0109C，在靜

4、電場中由a點(diǎn)移動到b點(diǎn)在這過程中除電場力外，其它力做的功為6.0105J，質(zhì)點(diǎn)的動能增加了8.0105J，則a、b兩點(diǎn) 間的電勢差UAB為（）A1104 VB1104 VC4104 VD7104 V9如圖所示，虛線a、b、c表示O處點(diǎn)電荷的電場中的三個不同的等勢面，設(shè)兩相鄰等勢面的間距相等，一電子射入電場后（只受電場力作用）的運(yùn)動軌跡如圖中實(shí)線所示，其中1、2、3、4表示運(yùn)動軌跡與等勢面的交點(diǎn)，由此可以判定（）AO處的點(diǎn)電荷一定帶正電B電子運(yùn)動過程中，動能先增大后減小Ca、b、c三個等勢面的電勢高低關(guān)系是cbaD電子從位置1到2、3、4過程中電場力先做負(fù)功再做正功10如圖，豎直放置的平行金屬板

5、帶等量異種電荷，一不計重力的帶電粒子從兩板中間以某一初速度平行于兩板射入，打在負(fù)極板的中點(diǎn)，以下判斷正確的是（）A該帶電粒子帶正電B該帶電粒子帶負(fù)電C若粒子初速度增大到原來的2倍，則恰能從負(fù)極板邊緣射出D若粒子初動能增大到原來的2倍，則恰能從負(fù)極板邊緣射出11某電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化規(guī)律的圖象如圖6所示當(dāng)t=0時，在該電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是（）A帶電粒子將始終向同一個方向運(yùn)動B帶電粒子在03s內(nèi)的初、末位置間的電勢差為零C2s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)D02s內(nèi)，電場力的總功不為零12如圖所示，水平放置的兩個平行的金屬板A、B帶等量的異種

6、電荷，A板帶正電荷，B板接地兩板間有一正試探電荷固定在C點(diǎn)，以C表示電容器的電容，U表示兩板間的電勢差，表示C點(diǎn)的電勢，W表示正電荷在C點(diǎn)的電勢能若將B板保持不動，將正極板A緩慢向下平移一小段距離L（仍然在C上方）的過程中，各物理量與正極板移動距離X的關(guān)系圖象中，正確的是（）ABCD二、實(shí)驗題（本題包括2個小題，共16分請把正確答案填在答題卡的相應(yīng)橫線上）13有一只電壓表，它的內(nèi)阻是100，量程為2V，現(xiàn)要改裝成量程為0.12A的電流表，則電壓表應(yīng)（串聯(lián)或并聯(lián)）阻值為的電阻，若要改裝成20V的電壓表應(yīng)（串聯(lián)或并聯(lián)）阻值為的電阻14一個小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實(shí)

7、驗器材進(jìn)行實(shí)驗，并利用實(shí)驗數(shù)據(jù)描繪和研究小燈泡的伏安特性曲線A電源E：電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計B電壓表V1：量程為03V，內(nèi)阻約為1kC電壓表V2：量程為015V，內(nèi)阻約為4kD電流表A1：量程為03A，內(nèi)阻約為0.1E電流表A2：量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.6F滑動變阻器R1：最大阻值為10，額定電流為1.0AG滑動變阻器R2：最大阻值為150，額定電流為1.0AH開關(guān)S，導(dǎo)線若干實(shí)驗中使用的電壓表應(yīng)選用；電流表應(yīng)選用；滑動變阻器應(yīng)選用（請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母）實(shí)驗中某同學(xué)連接實(shí)驗電路如圖1所示，請你不要改動已連接的導(dǎo)線，在圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上閉合開關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑片放在最（填“

8、左”或“右”）端實(shí)驗中得到的某一組電壓表與電流表示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)為V，電流表的讀數(shù)為A，請將該組數(shù)據(jù)標(biāo)記在UI坐標(biāo)中，其余實(shí)驗數(shù)據(jù)已標(biāo)記在圖3的坐標(biāo)圖中，請你畫出小燈泡的UI圖線并簡述該圖線不是直線的主要原因四、計算題（本題包括4個小題，共46分解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和主要演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值的計算題答案中必須寫出明確的數(shù)值和單位）15有一電路圖如圖所示，其中R1=R2=R3=R4=R5=5，電源兩端的電壓U=7V，試求：（1）電流表的示數(shù)，（2）電壓表的示數(shù)16如圖所示，在光滑豎直絕緣竿上套有一個質(zhì)量為m=0.4kg的小球，小球帶正電，電荷量為q=1

9、106C，在豎直絕緣桿B點(diǎn)固定一個電荷量為Q=1105C的正點(diǎn)電荷，將小球由距B點(diǎn)0.3m的A處無初速度釋放，并在C點(diǎn)（圖上未畫出）取得最大動能，求：（重力加速度g=10m/s2，靜電力常量k=9.0109Nm2/C2） （1）A球剛釋放時的加速度的大?。?）試求AC的距離（3）若小球的最大速度為1m/s，試求AC間的電勢差17如圖所示，空間內(nèi)有平行于紙面的勻強(qiáng)電場，該電場中有一個傾角=53o的光滑斜面一個質(zhì)量為2kg的小球在斜面上的A點(diǎn)保持靜止，該小球的帶電量Q=+4C，A點(diǎn)到地面的豎直高度h=25m（g=10m/s2）（1）試求能讓帶電小球靜止在A點(diǎn)的最小電場的電場強(qiáng)度（2）若空間的電場E

10、=5V/m，方向水平向右，小球從A點(diǎn)靜止釋放，試求小球到達(dá)地面時的速度大?。?）若空間的電場E=5V/m，方向水平向左，小球從A點(diǎn)靜止釋放，試求出小球到達(dá)地面時的速度大小18如圖所示，豎直平面內(nèi)有坐標(biāo)系xoy，在第二象限有平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場E1（未畫出），第一象限有與x軸夾角=530的虛線0P，虛線OP與x軸組成的空間內(nèi)有水平朝左的勻強(qiáng)電場E2，有一個質(zhì)量為m=2kg，帶電量為+1C的帶電粒子，以豎直向上的初速度v0=10m/s從第二象限的A點(diǎn)出發(fā)，并以v=5m/s的初速度垂直于虛線經(jīng)過虛線上的P點(diǎn)，并最終剛好從P點(diǎn)正下方以速度m/s穿過x軸（g=10m/s2）（1）請求出P點(diǎn)的坐標(biāo)（2

11、）請求出第二象限內(nèi)的電場E1對帶電粒子做的功（3）試求電場E2的大小參考答案與試題解析一、選擇題（本大題共12個小題，每小題4分在每小題給出的四選項中，第18題只有一項符合題目要求，第912題有多項符合題目要求全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）1下列說法正確的是（）A電場中某點(diǎn)處的電場強(qiáng)度，會隨著該處試探電荷帶電量的變化而變化B電場中某點(diǎn)的電勢，與該處的試探電荷無關(guān)C電場線是電場中實(shí)際存在的線D電場強(qiáng)度處處相同的區(qū)域內(nèi)，電勢也一定處處相同【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度；電場線【分析】電場強(qiáng)度、電勢的大小與放入電場中的電荷無關(guān)電場線是為了形象描述電場假想的線電勢的大小與電場強(qiáng)度的大小無關(guān)，

12、電場強(qiáng)度相等，電勢不一定相同【解答】解：A、電場強(qiáng)度的大小由電場本身的性質(zhì)決定，與放入電場中的電荷無關(guān)，故A錯誤B、電場中某點(diǎn)的電勢大小由電場本身性質(zhì)決定，與試探電荷無關(guān)，故B正確C、電場線不存在，是為了形象描述電場假想的線，故C錯誤D、電場強(qiáng)度處處相同的區(qū)域，電勢不一定相同，比如勻強(qiáng)電場中，沿著電場線方向電勢逐漸降低，故D錯誤故選：B2下列說法正確的是（）A電動勢是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小的物理量B從關(guān)系式R=可知，導(dǎo)體的電阻跟導(dǎo)體兩端的電壓成正比，跟導(dǎo)體中的電流成反比C電流是電子在導(dǎo)線中的定向移動，電子移動的速度為3108m/sD在通電電路中，電流總是由電源的正極流向負(fù)極

13、，故電流是矢量【考點(diǎn)】電源的電動勢和內(nèi)阻；歐姆定律【分析】電源的電動勢的物理意義是表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，其大小等于電源沒有接入電路時電源兩極間的電壓；電阻的大小是由電阻本身決定的；電子移動的速度為非常小，遠(yuǎn)小于光速；電流是標(biāo)量【解答】解：A、電源是把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的裝置，而電源的電動勢就表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，故A正確B、電阻的大小是由電阻本身決定的，與導(dǎo)體兩端的電壓無關(guān)，跟導(dǎo)體中的電流無關(guān)故B錯誤；C、電流是電子在導(dǎo)線中的定向移動，電子移動的速度為非常小，遠(yuǎn)小于光速，故C錯誤；D、電流有大小有方向，但是電流是標(biāo)量，遵守代數(shù)加減法則故D錯誤故選

14、：A3如圖所示，帶正電荷的球C靠近不帶電的枕形金屬導(dǎo)體AB的A端，以下說法正確的是（）A若先移走球C，再將AB兩部分從中間分開，則A端帶負(fù)電，B端帶正電B保持球C的位置不動，用手去接觸B端，則A端帶負(fù)電，B端帶正電C保持球C的位置不動，用手去接觸A端，則A端帶負(fù)電，B端不帶電D若先移走球C，在移走球C的過程中，枕形金屬導(dǎo)體中的正、負(fù)電荷同時分別向A端和B端移動【考點(diǎn)】靜電場中的導(dǎo)體【分析】（1）感應(yīng)起電的實(shí)質(zhì)是在帶電體上電荷的作用下，導(dǎo)體上的正負(fù)電荷發(fā)生了分離，使電荷從導(dǎo)體的一部分轉(zhuǎn)移到了另一部分，既然是轉(zhuǎn)移，那么電荷必然守恒（2）同種電荷相互排斥，異種電荷相互吸引；人體是導(dǎo)體，能夠?qū)щ姟窘獯?/p>

15、】解：A、圖中金屬棒在帶正電的小球附近時，金屬棒上的自由電子會向金屬棒的左邊運(yùn)動，金屬棒的A端因有了多余的電子而帶負(fù)電，B端因缺少電子而帶正電；若先移走球C，在移走球C的過程中，枕形金屬導(dǎo)體中的負(fù)電荷向B端移動，中和B端的正電荷，然后兩端都不帶電；再將AB兩部分從中間分開，則A端不帶電，B端不帶電故A錯誤；B、C、當(dāng)手碰在金屬棒上時，無論是用手去接觸A端，還是接觸B端，因人體和金屬棒都是導(dǎo)體，會使人體和大地的電子流入金屬棒；則A端帶負(fù)電，B端不帶電故B錯誤；C正確D、在移走球C的過程中，枕形金屬導(dǎo)體中的負(fù)電荷（電子）向B端移動，帶正電的原子核不能移動故D錯誤故選：C4有一電場的電場線如圖所示，

16、場中A、B兩點(diǎn)電場強(qiáng)度的大小和電勢分別用EA、EB和A、B（）AEAEB，ABBEAEB，ABCEAEB，ABDEAEB，AB【考點(diǎn)】電場線；電場強(qiáng)度；電勢【分析】電場線是從正電荷或者無窮遠(yuǎn)發(fā)出，到負(fù)電荷或無窮遠(yuǎn)處為止，沿電場線的方向，電勢降低，電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小【解答】解：電場線的疏密表示場強(qiáng)的相對大小，在B點(diǎn)的電場線密，所以B點(diǎn)的電場強(qiáng)度大，所以EAEB，由于沿電場線的方向，電勢降低，所以AB，所以D正確故選D5有三個完全一樣的金屬小球A、B、C，A帶電荷量+10Q、B帶電荷量Q、C不帶電，將A、B分別固定在絕緣支架上，然后讓與外界絕緣的C球反復(fù)很多次與

17、A、B球接觸，最后移去C球，則A、B球間的庫侖力變?yōu)樵瓉淼模ǎ〢倍B倍C倍D 倍【考點(diǎn)】庫侖定律【分析】理解庫侖定律的內(nèi)容知道帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分，從而即可求解【解答】解：帶電體相互接觸后移開，同種電荷電量平分，異種電荷電量先中和再平分將A、B固定起來，然后讓C球反復(fù)與A、B球接觸，最后移走C，所以A、B、C最終帶電量q=3Q原來A、B間的相互吸引力的大小是F=后來A、B間的相互吸引力的大小是F=所以=，故ABC錯誤，D正確；故選：D6導(dǎo)體的電阻是10，在50s內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量是300C，這時加在導(dǎo)體兩端的電壓是（）A960VB60VC16V

18、D1V【考點(diǎn)】歐姆定律【分析】由電流的定義可明確電流大小，再根據(jù)歐姆定律即可求得電壓大小【解答】解：由電流的定義可得：I=6A，則歐姆定律可得：U=IR=610=60V；故B正確，ACD錯誤故選：B7如圖所示，在邊長為L的正方形ABCD的四個頂點(diǎn)上，A、B兩點(diǎn)處分別放有電荷量都為+q點(diǎn)電荷，C、D兩點(diǎn)處分別放有電荷量都為q的點(diǎn)電荷，則正方形對角線的交點(diǎn)處的場強(qiáng)為（）A0B2C4D2【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度【分析】設(shè)對角線的交點(diǎn)為O，在邊長為L的正方形四個頂點(diǎn)A、B、C、D上依次放置電荷量為q、q、q和q的點(diǎn)電荷，B、D兩點(diǎn)上的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小相等，方相相同，A、C兩點(diǎn)的電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小

19、相等，方向相同，再根據(jù)平行四邊形定則求出合場強(qiáng)的大小【解答】解：設(shè)對角線的交點(diǎn)為O，A、B、C、D四點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場強(qiáng)大小均為：，則A、C兩點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生場強(qiáng)的合場強(qiáng)，方向由A指向C，同理B、D兩點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生場強(qiáng)的合場強(qiáng)也為，方向由B指向D，根據(jù)平行四邊形定則知，四個電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)E=故C正確，ABD錯誤故選：C8一個帶正電的質(zhì)點(diǎn)，電荷量q=2.0109C，在靜電場中由a點(diǎn)移動到b點(diǎn)在這過程中除電場力外，其它力做的功為6.0105J，質(zhì)點(diǎn)的動能增加了8.0105J，則a、b兩點(diǎn) 間的電勢差UAB為（）A1104 VB1104 VC4104 VD7104 V【考點(diǎn)】電勢差；電勢能【分

20、析】電荷由a點(diǎn)移至b點(diǎn)時，電場力和外力做功，引起動能變化，根據(jù)動能定理列方程求解a、b兩點(diǎn)間的電勢差Uab【解答】解：設(shè)此過程中，電場力對點(diǎn)電荷做的功為Wab，由動能定理可知：W外+Wab=Ek即Wab=EkW外=2.0105J則a、b兩點(diǎn)間的電勢差為：Uab=1.0104V故選A9如圖所示，虛線a、b、c表示O處點(diǎn)電荷的電場中的三個不同的等勢面，設(shè)兩相鄰等勢面的間距相等，一電子射入電場后（只受電場力作用）的運(yùn)動軌跡如圖中實(shí)線所示，其中1、2、3、4表示運(yùn)動軌跡與等勢面的交點(diǎn)，由此可以判定（）AO處的點(diǎn)電荷一定帶正電B電子運(yùn)動過程中，動能先增大后減小Ca、b、c三個等勢面的電勢高低關(guān)系是cba

21、D電子從位置1到2、3、4過程中電場力先做負(fù)功再做正功【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動；電場線；電勢能【分析】從電子的運(yùn)動軌跡判斷點(diǎn)O處電荷的電性，然后根據(jù)動能定理判斷動能變化的情況，結(jié)合負(fù)點(diǎn)電荷的等勢面判斷電勢的高低【解答】解：A、從電子的運(yùn)動軌跡可以看出兩個電荷相互排斥，故點(diǎn)O處電荷帶負(fù)電，故A錯誤；B、兩個電荷相互排斥，故電子運(yùn)動過程中電場力先做負(fù)功，后作正功，根據(jù)動能定理，動能先變小后變大，故B錯誤；C、點(diǎn)O處電荷帶負(fù)電，故結(jié)合負(fù)電荷的等勢面圖，可以知道a、b、c三個等勢面的電勢高低關(guān)系是cba，故C正確；D、兩個電荷相互排斥，故電子從位置1到2、3、4過程中電場力先做負(fù)功再做正功，

22、故D正確；故選CD10如圖，豎直放置的平行金屬板帶等量異種電荷，一不計重力的帶電粒子從兩板中間以某一初速度平行于兩板射入，打在負(fù)極板的中點(diǎn)，以下判斷正確的是（）A該帶電粒子帶正電B該帶電粒子帶負(fù)電C若粒子初速度增大到原來的2倍，則恰能從負(fù)極板邊緣射出D若粒子初動能增大到原來的2倍，則恰能從負(fù)極板邊緣射出【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動【分析】電子從小孔沿與電場線相反方向射入電場后，電子受到的電場力與電場線的方向相反，所以電子將逆電場線的方向做加速運(yùn)動，電場力對電子做正功，電子的電勢能減小，動能增大只有電場力做功，動能和電勢能的總和保持不變【解答】解：A、B、粒子以某一初速度平行于兩板射入，打

23、在負(fù)極板的中點(diǎn)，則受力的方向與電場的方向相同，所以粒子帶正電故A正確，B錯誤；C、粒子以某一初速度平行于兩板射入，打在負(fù)極板的中點(diǎn)，設(shè)極板的長度是L，極板之間的距離是d，時間t，則：；若粒子恰能從負(fù)極板邊緣射出，則時間t不變，沿極板方向的位移：x=vt=L，所以：，故C正確；D、恰能從負(fù)極板邊緣射出，根據(jù)：可知，粒子的動能需增加為原來的4倍故D錯誤故選：AC11某電場的電場強(qiáng)度E隨時間t變化規(guī)律的圖象如圖6所示當(dāng)t=0時，在該電場中由靜止釋放一個帶電粒子，設(shè)帶電粒子只受電場力作用，則下列說法中正確的是（）A帶電粒子將始終向同一個方向運(yùn)動B帶電粒子在03s內(nèi)的初、末位置間的電勢差為零C2s末帶電

24、粒子回到原出發(fā)點(diǎn)D02s內(nèi)，電場力的總功不為零【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電勢差【分析】由圖象可知，電場強(qiáng)度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據(jù)運(yùn)動與力的關(guān)系可確定運(yùn)動情況【解答】解：A、帶電粒子在前1秒處于勻加速，在第二秒內(nèi)先做勻減速后反向加速，所以不是始終向一方向運(yùn)動，故A錯誤；B、帶電粒子在03s內(nèi)的初、末位置間的電場力做功為零，電勢能變化為零，則電勢差為零故B正確；C、帶電粒子在前1秒處于勻加速，在第二秒內(nèi)由于加速度大小是之前的2倍，方向與之前相反，因此用去0.5秒先做勻減速接著0.5秒反向加速所以2s末帶電粒子不在出發(fā)點(diǎn)故C錯誤；D、02s內(nèi)，

25、電場力的總沖量等于粒子的運(yùn)量變化，由于電場強(qiáng)度大小不一，所以2秒末速度不為零，因此總沖量不為零粒子在2秒內(nèi)沒有回到出發(fā)點(diǎn)，所以電場力的總功不為零，故D正確；故選：BD12如圖所示，水平放置的兩個平行的金屬板A、B帶等量的異種電荷，A板帶正電荷，B板接地兩板間有一正試探電荷固定在C點(diǎn)，以C表示電容器的電容，U表示兩板間的電勢差，表示C點(diǎn)的電勢，W表示正電荷在C點(diǎn)的電勢能若將B板保持不動，將正極板A緩慢向下平移一小段距離L（仍然在C上方）的過程中，各物理量與正極板移動距離X的關(guān)系圖象中，正確的是（）ABCD【考點(diǎn)】電容器的動態(tài)分析；勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系【分析】由題意可知電量不變，由平行

26、板電容器的決定式可知電容的變化；由定義式可得出兩端電勢差的變化；再由U=Ed可知E的變化，進(jìn)而判斷勢能的變化【解答】解：A、當(dāng)正極板向下平移時，由C=可知，C與d成反比，Cd圖線應(yīng)是曲線，故A錯誤；B、由C=、U=，得板間場強(qiáng) E=，故E與d無關(guān)，所以正極板向下平移時，板間場強(qiáng)保持不變因負(fù)極板接地，設(shè)C點(diǎn)原來距負(fù)極板為l，則P點(diǎn)的電勢=El，保持不變；故B錯誤；C、由U=Ed=E（dx），U隨x增大而線性減小，故C正確D、電勢能 W=q，保持不變，則W保持不變，為水平直線，故D正確；故選：CD二、實(shí)驗題（本題包括2個小題，共16分請把正確答案填在答題卡的相應(yīng)橫線上）13有一只電壓表，它的內(nèi)阻是

27、100，量程為2V，現(xiàn)要改裝成量程為0.12A的電流表，則電壓表應(yīng)并聯(lián)（串聯(lián)或并聯(lián)）阻值為20的電阻，若要改裝成20V的電壓表應(yīng)串聯(lián)（串聯(lián)或并聯(lián)）阻值為900的電阻【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表【分析】并聯(lián)電阻可以分流，串聯(lián)電阻可以分壓，應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)求出改裝電流表與改裝電壓表需要并聯(lián)與串聯(lián)的電阻阻值【解答】解：改裝成0.12A的電流表需要并聯(lián)分流電阻，并聯(lián)電阻阻值：R=20；改裝成20V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值：R=Rg=100=900；故答案為：并聯(lián)；20；串聯(lián)；90014一個小燈泡的額定電壓為2.0V，額定電流約為0.5A，選用下列實(shí)驗器材進(jìn)行實(shí)驗，并利用實(shí)驗數(shù)據(jù)描繪和研

28、究小燈泡的伏安特性曲線A電源E：電動勢為3.0V，內(nèi)阻不計B電壓表V1：量程為03V，內(nèi)阻約為1kC電壓表V2：量程為015V，內(nèi)阻約為4kD電流表A1：量程為03A，內(nèi)阻約為0.1E電流表A2：量程為00.6A，內(nèi)阻約為0.6F滑動變阻器R1：最大阻值為10，額定電流為1.0AG滑動變阻器R2：最大阻值為150，額定電流為1.0AH開關(guān)S，導(dǎo)線若干實(shí)驗中使用的電壓表應(yīng)選用B；電流表應(yīng)選用E；滑動變阻器應(yīng)選用F（請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母）實(shí)驗中某同學(xué)連接實(shí)驗電路如圖1所示，請你不要改動已連接的導(dǎo)線，在圖中把還需要連接的導(dǎo)線補(bǔ)上閉合開關(guān)前，應(yīng)使變阻器滑片放在最左（填“左”或“右”）端實(shí)驗中得到的某

29、一組電壓表與電流表示數(shù)如圖2所示，則電壓表的讀數(shù)為1.20V，電流表的讀數(shù)為0.42A，請將該組數(shù)據(jù)標(biāo)記在UI坐標(biāo)中，其余實(shí)驗數(shù)據(jù)已標(biāo)記在圖3的坐標(biāo)圖中，請你畫出小燈泡的UI圖線并簡述該圖線不是直線的主要原因燈絲電阻隨溫度升高而增大【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線【分析】根據(jù)額定電壓選擇電壓表，根據(jù)額定電流選擇電流表，為方便實(shí)驗操作應(yīng)選最大阻值較小的滑動變阻器描繪小燈泡伏安特性曲線，要電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表接法，然后作出實(shí)驗電路圖；滑動變阻器采用分壓接法，在閉合開關(guān)前，為保護(hù)電路，滑片應(yīng)置于分壓電路分壓最小的位置根據(jù)圖示電表確

30、定其量程與分度值，然后讀出其示數(shù)；根據(jù)實(shí)驗數(shù)據(jù)與坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)作出圖象【解答】解：燈泡額定電壓為2V，電壓表應(yīng)選B，燈泡額定電流為0.5A，電流表應(yīng)選E，為方便實(shí)驗操作，滑動變阻器應(yīng)選總阻值較小的F描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應(yīng)從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法，燈泡正常發(fā)光時電阻為R=4，電壓表內(nèi)阻為電壓表內(nèi)阻約為1k，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗電路圖如圖所示；為保護(hù)電路，閉合開關(guān)前，滑片應(yīng)置于左端由圖示電壓表可知，其量程為3V，分度值為0.1V，示數(shù)為1.20V，由圖示電流表可知，其量程為0.6A，分度值為0.02A，示數(shù)為0.42A，在坐標(biāo)系內(nèi)描出 根據(jù)

31、坐標(biāo)系中描出對應(yīng)點(diǎn)，然后根據(jù)坐標(biāo)系內(nèi)描出的點(diǎn)用平滑的曲線把各點(diǎn)連接起來，作出燈泡的UI圖象，如圖所示由于燈泡電阻受溫度影響，燈泡電阻隨溫度升高而增大，所以燈泡的UI圖線不是直線故答案為：B；E；F；電路圖如圖所示；左；1.20； 0.42圖象如圖所示；燈絲電阻隨溫度升高而增大四、計算題（本題包括4個小題，共46分解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和主要演算步驟，只寫出最后答案的不得分有數(shù)值的計算題答案中必須寫出明確的數(shù)值和單位）15有一電路圖如圖所示，其中R1=R2=R3=R4=R5=5，電源兩端的電壓U=7V，試求：（1）電流表的示數(shù)，（2）電壓表的示數(shù)【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【分析】（1）

32、明確電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可求得總電阻，再由閉合電路歐姆定律可求得電流大??； （2）根據(jù)閉合電路歐姆定律可求出并聯(lián)部分電壓大小，再根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理即可明確電壓表示數(shù)【解答】解：（1）由圖可知，R4與R5串聯(lián)后與R2、R3并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，R4與R5串聯(lián)后總電阻R45=5+5=10； R23=； R總=R1+R2345=5+=7； 則總電流I=1A； （2）并聯(lián)部分電壓U=EIR1=715=2V； 電壓表測量R5兩端的電壓，根據(jù)分壓原理可知，U5=1V； 答：（1）電流表的示數(shù)為1A； （2）電壓表的示數(shù)為1V16如圖所示，在光滑豎直絕緣竿上套有一個質(zhì)量為m=0.4kg的小球，小球

33、帶正電，電荷量為q=1106C，在豎直絕緣桿B點(diǎn)固定一個電荷量為Q=1105C的正點(diǎn)電荷，將小球由距B點(diǎn)0.3m的A處無初速度釋放，并在C點(diǎn)（圖上未畫出）取得最大動能，求：（重力加速度g=10m/s2，靜電力常量k=9.0109Nm2/C2） （1）A球剛釋放時的加速度的大小（2）試求AC的距離（3）若小球的最大速度為1m/s，試求AC間的電勢差【考點(diǎn)】電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系；動能定理的應(yīng)用；電勢差【分析】（1）剛開始釋放時，只受到庫侖力和重力，根據(jù)牛頓第二定律，可解出A球釋放時的加速度；（2）小球運(yùn)動到C點(diǎn)時速度達(dá)到最大值，合力為零，庫侖力和重力二力平衡，根據(jù)庫侖定律和平衡條件結(jié)合，可求解A

34、C的距離；（3）從A到C過程，由動能定理求解C、A兩點(diǎn)間的電勢差【解答】解：（1）A球剛釋放時，受到重力和B點(diǎn)的庫倫斥力，有a=10109m/s2=7.5m/s2；（2）當(dāng)A球達(dá)到動能最大時有，r=m=0.15mAC的距離為l=Rr=0.15m（3）在A球達(dá)到動能最大的過程中，由動能定理有0解得，答：（1）A球剛釋放時的加速度的大小為7.5m/s2；（2）試求AC的距離為0.15m；（3）若小球的最大速度為1m/s，AC間的電勢差為4105V17如圖所示，空間內(nèi)有平行于紙面的勻強(qiáng)電場，該電場中有一個傾角=53o的光滑斜面一個質(zhì)量為2kg的小球在斜面上的A點(diǎn)保持靜止，該小球的帶電量Q=+4C，A

35、點(diǎn)到地面的豎直高度h=25m（g=10m/s2）（1）試求能讓帶電小球靜止在A點(diǎn)的最小電場的電場強(qiáng)度（2）若空間的電場E=5V/m，方向水平向右，小球從A點(diǎn)靜止釋放，試求小球到達(dá)地面時的速度大?。?）若空間的電場E=5V/m，方向水平向左，小球從A點(diǎn)靜止釋放，試求出小球到達(dá)地面時的速度大小【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；電場強(qiáng)度【分析】（1）對小球受力分析，作出受力分析圖，根據(jù)三角形定則或平行四邊形定則，求出場強(qiáng)的最小值；（2）對小球受力分析，根據(jù)牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式求出小球到達(dá)地面的速度大??；（3）分析小球的運(yùn)動狀態(tài)，小球沿著電場力和重力的合力方向勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定

36、律和運(yùn)動學(xué)公式求解；【解答】解：（1）受力分析如圖所示，當(dāng)電場力與支持力垂直時電場力最小，場強(qiáng)最小，即電場沿著斜面向上時，取得最小值，有qE=mgsin代入數(shù)據(jù)：（2）當(dāng)電場水平向右，受力分析如圖所示根據(jù)牛頓第二定律有mgsinqEcos=ma代入數(shù)據(jù)：200.8450.6=2a解得：a=2m/s2代入數(shù)據(jù)即：（3）當(dāng)電場水平向左，受力如圖所示將電場力和重力先合成解得：=45所以：小球?qū)⒀嘏c水平方向成=450角度的軌跡做勻加速直線運(yùn)動根據(jù)牛頓第二定律：解得：由速度位移公式得：代入數(shù)據(jù)：解得：答：（1）能讓帶電小球靜止在A點(diǎn)的最小電場的電場強(qiáng)度4V/m（2）若空間的電場E=5V/m，方向水平向右

37、，小球從A點(diǎn)靜止釋放，小球到達(dá)地面時的速度大小（3）若空間的電場E=5V/m，方向水平向左，小球從A點(diǎn)靜止釋放，小球到達(dá)地面時的速度大小18如圖所示，豎直平面內(nèi)有坐標(biāo)系xoy，在第二象限有平行于坐標(biāo)平面的勻強(qiáng)電場E1（未畫出），第一象限有與x軸夾角=530的虛線0P，虛線OP與x軸組成的空間內(nèi)有水平朝左的勻強(qiáng)電場E2，有一個質(zhì)量為m=2kg，帶電量為+1C的帶電粒子，以豎直向上的初速度v0=10m/s從第二象限的A點(diǎn)出發(fā)，并以v=5m/s的初速度垂直于虛線經(jīng)過虛線上的P點(diǎn)，并最終剛好從P點(diǎn)正下方以速度m/s穿過x軸（g=10m/s2）（1）請求出P點(diǎn)的坐標(biāo)（2）請求出第二象限內(nèi)的電場E1對帶電

38、粒子做的功（3）試求電場E2的大小【考點(diǎn)】勻強(qiáng)電場中電勢差和電場強(qiáng)度的關(guān)系；動能定理的應(yīng)用【分析】（1）從P到Q根據(jù)動能定理求出Q點(diǎn)的縱坐標(biāo)，再根據(jù)幾何關(guān)系求出橫坐標(biāo)；（2）對粒子從A點(diǎn)到P點(diǎn)運(yùn)用動能定理即可求出第二象限內(nèi)的電場E1對帶電粒子做的功（3）將運(yùn)動分解為水平和豎直方向，由豎直分運(yùn)動根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求出時間，水平方向根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求出加速度，最后根據(jù)牛頓第二定律求出電場E2的大小【解答】解：（1）在由P到Q的過程中，代入數(shù)據(jù)：h=8m根據(jù)幾何關(guān)系：解得：x=6mP點(diǎn)的坐標(biāo)為（6，8）（2）在AP過程中根據(jù)動能定理，有：代入數(shù)據(jù)：W=85J（3）粒子在由P到Q所用的時間在豎直方向上有代入數(shù)據(jù)：t=1s而在水平方向上粒子速度減為0 所用時間為vsinat=0代入數(shù)據(jù)：a=8m/s2qE2=ma代入數(shù)據(jù)：E2=16V/m答：（1）請求出P點(diǎn)的坐標(biāo)（6，8）（2）請求出第二象限內(nèi)的電場E1對帶電粒子做的功85J（3）試求電場E2的大小16V/mxx12月9日