《2022年高考物理二輪復習 特色專題訓練“7＋2＋3”全真模擬（四）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2022年高考物理二輪復習 特色專題訓練“7＋2＋3”全真模擬（四）（10頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、2022年高考物理二輪復習 特色專題訓練“723”全真模擬（四）一、選擇題(本題共4小題，每小題6分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)14許多科學家對物理學的發(fā)展作出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學假設法等以下關于物理學史和所用物理學方法的敘述正確的是()A加速度a是采用比值法定義的B伽利略為了說明力是維持物體運動的原因用了理想實驗法C在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法叫假設法D在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直線運動，然后把各小段

2、的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法15.真空中有一正四面體ABCD，如圖，M、N分別是AB和CD的中點現在A、B兩點分別固定電荷量為Q、Q的點電荷，下列說法中不正確的是()A將試探電荷q從C點移到D點，電場力做正功，試探電荷q的電勢能降低B將試探電荷q從M點移到N點，電場力不做功，試探電荷q的電勢能不變CC、D兩點的電場強度大小相等DN點的電場強度方向平行AB且跟CD垂直16.如圖所示，將一光滑圓軌道固定豎直放置，其中A點為圓軌道的最低點，B點為圓水平直徑與圓弧的交點一個質量為m的物體靜置于A點，現用始終沿軌道切線方向、大小不變的外力F作用于物體上，使其沿圓軌道到達B點，隨即撤去外

3、力F，要使物體能在豎直圓軌道內維持圓周運動，外力F至少為()A.B.C. D.17.如圖所示，abcd為一邊長為l、具有質量的剛性導線框，位于水平面內，bc邊串接有電阻R.虛線表示一勻強磁場區(qū)域的邊界，它與線框ab邊平行，磁場區(qū)域的寬度為2l，磁場方向豎直向下線框在一垂直于ab邊的水平恒定拉力F作用下，沿光滑水平面運動，直到通過磁場區(qū)域已知ab邊剛進入磁場時，線框做勻速運動，下面定性畫出的回路中電流i大小與位移x圖象一定錯誤的是()二、選擇題(本題共3小題在每小題給出的四個選項中，至少有一個選項是符合題目要求的全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分)18.如圖所示，在傾角為的光滑

4、斜面上，水平放置一根長為L、質量為m的直導體棒，當通以圖示方向電流I時，欲使導體棒靜止在斜面上，可加一平行于紙面的勻強磁場，當外加勻強磁場的磁感應強度B的方向由垂直斜面向上沿逆時針方向轉至水平向左的過程中，下列說法中正確的是()A此過程中磁感應強度B先增大后減小B此過程中磁感應強度B先減小后增大C此過程中磁感應強度B的最小值為D此過程中磁感應強度B的最大值為19.如圖所示，在建筑工地上一建筑工人兩手對稱用水平力將兩長方形水泥制品P和Q夾緊、并以加速度a豎直向上搬起，P和Q質量分別為2m和3m，水平力為F，P和Q間動摩擦因數為，在此過程中()AP受到Q的摩擦力方向一定豎直向下BP受到Q的摩擦力大

5、小為2FCP受到Q的摩擦力大小為0.5m(ga)DP受到Q的摩擦力大小為1.5m(ga)“723”全真模擬(四)答題卡選擇題部分(每題6分，共42分)題號14151617181920答案非選擇題部分(共78分)21(10分)(1)_(2)_(3)_22(10分)(1)_(2)(3)_(4)_23(16分)24(20分)25(22分)20.如圖甲所示，滑塊A的質量m1 kg，靜止在光滑水平面上、上表面的長度為L的平板車B的質量為M.某時刻滑塊A以向右的初速度v03 m/s滑上平板車B的上表面，忽略滑塊A的大小從滑塊A剛滑上平板車B開始計時，之后它們的速度隨時間變化的圖象如圖乙所示，t0是滑塊A在

6、車上運動的總時間，測得t01 s以下說法中正確的是(重力加速度g10 m/s2)()A平板車B上表面的長度L2 mB滑塊A與平板車B上表面的動摩擦因數0.1C平板車B的質量M1 kgDt0時間內滑塊A所受摩擦力做功的平均功率為10 W非選擇題部分(共78分)21(10分)某同學利用如圖甲所示的裝置做“探究彈力大小與其長度的關系”的實驗(1)在安裝刻度尺時，必須使刻度尺保持_狀態(tài)(2)他通過實驗得到如圖乙所示的彈力大小F與彈簧長度x的關系圖線由此圖線可得該彈簧的原長x0_cm，勁度系數k_N/m.(3)他又利用本實驗原理把該彈簧做成一個彈簧測力計，當彈簧測力計上的示數如圖丙所示時，該彈簧的長度x

7、_cm.22(10分)實驗室進了一批用來做螺線管用的金屬導線，某同學想通過實驗測定該材料的電阻率(1)實驗中他找來一定值電阻來保護電表不被燒毀，為確定該產品是否可作保護電阻，他用多用電表粗測其電阻：將選擇開關打到歐姆擋的“10”倍率擋，測量結果如圖甲所示，則定值電阻為_.(2)通過測量確定該定值電阻可作保護電阻，他便設計了如圖乙所示原理圖，根據圖乙將實物圖丙連接好(3)其主要實驗步驟如下：用螺旋測微器測金屬絲的直徑，測量結果如圖丁所示，則金屬絲的直徑D_mm.適當取出一段樣品材料，然后按原理圖連接好實驗器材用毫米刻度尺測量出接入實驗電路中金屬絲的長度，某次測量刻度尺的示數如圖戊所示，則金屬絲長

8、度的測量值為L_cm.改變接入電路中金屬絲的長度，重復實驗多次(4)根據實驗中的數據，最后得到了如圖己所示的RL 圖象，由圖象可求得金屬絲的電阻率_m，用來作為保護電阻的定值電阻R0_.23(16分)南海艦隊某潛艇在遠航巡邏中，遭遇海水密度突變造成的“斷崖”掉深，該艇急速下沉，全艇官兵在能見度幾乎為零的水霧環(huán)境中，關閉了近百個閥門和開關，操縱了幾十種儀器，成功將險情化解，創(chuàng)下了同類潛艇大深度自救成功的新記錄！假設總質量為M3.45106 kg的潛艇正在深度為h1150 m，密度為11.029103 kg/m3的水下緩慢水平潛航，突然進入密度為21.008103 kg/m3區(qū)域發(fā)生“斷崖”，潛艇

9、沿豎直方向從靜止開始勻加速下沉，經一系列操作在很短的時間排出一定量的水后，潛艇轉為勻減速下沉，當速度減為0時到達最大深度h2330 m，整個過程歷時t90 s設潛艇在下沉中只受重力與浮力的作用，忽略排水的時間及潛艇體積的變化，取g9.8 m/s2，求：(1)潛艇勻加速下沉的時間；(2)緊急排出水的質量24(20分)如圖所示，兩根豎直固定的足夠長的金屬導軌ab和cd相距L0.2 m，另外兩根水平金屬桿MN和PQ的質量均為m1102 kg，可沿導軌無摩擦地滑動，MN桿和PQ桿的電阻均為R0.2 (豎直金屬導軌電阻不計)，PQ桿放置在水平絕緣平臺上，整個裝置處于垂直導軌平面向里的磁場中，g取10 m

10、/s2.(1)若將PQ桿固定，讓MN桿在豎直向上的恒定拉力F0.18 N的作用下由靜止開始向上運動，磁感應強度B01.0 T，桿MN的最大速度為多少？(2)若將MN桿固定，MN和PQ的間距為d0.4 m，現使磁感應強度從零開始以0.5 T/s的變化率均勻地增大，經過多長時間，桿PQ對地面的壓力為零？25.(22分)如圖所示，在區(qū)里有方向豎直向上的勻強電場，場強大小為E4105 N/C，在區(qū)里有垂直于紙面向外的勻強磁場，電場和磁場的寬度d相等，d0.4 m比荷2.5109 C/kg的帶正電的粒子以初速度v02107 m/s從PQ邊界上的O點垂直PQ射入電場若電場和磁場在豎直方向上足夠長，不計粒子

11、的重力(1)求粒子經過電場和磁場的邊界MN時的速度及豎直方向上的位移大??；(2)若要使粒子在磁場區(qū)域運動時不穿過RS邊界(RS邊界上有磁場)，求磁感應強度B的取值范圍；(3)在第(2)問的條件下，求粒子在電場和磁場中的最長運動時間“723”全真模擬(四)14解析：選D.加速度的定義式為a，A錯誤；伽利略不是為了說明力是維持物體運動的原因做實驗，B錯誤；在不需要考慮物體本身的形狀和大小時，用質點來代替物體的方法屬于模型法，C錯誤；把整個運動過程劃分成很多小段，屬于微元法，D正確15解析：選A.由幾何知識可判斷，AB垂直面DMC，且M點為AB的中點，則面DMC與AB的中垂面重合，故DMC為一等勢面

12、，則DCNM，A項錯誤，B項正確；由電場的空間分布特點可判斷C、D項正確16解析：選D.物體由A點運動到B點的過程中，由動能定理可得WFmgRmv；因F是變力，對物體的運動過程分割，將劃分成許多小段，則當各小段弧長s足夠小時，在每一小段上，力F可看做恒力，且其方向與該小段上物體位移方向一致，有WFFs1Fs2FsiF(s1s2si)FR；從B點起撤去外力F，物體的運動遵循機械能守恒定律，由于在最高點維持圓周運動的條件是mgm，即在圓軌道最高點處速度至少為.故由機械能守恒定律得mvmgRm；聯立式得F.選項D正確17解析：選C.由題意知，當線框在x0至xl間運動時電流恒為i0；當線框在xl至x2

13、l間運動時，磁通量不變化，故i0，線框做勻加速運動；當ab邊剛出磁場(x2l)時，線框的速度大于剛進磁場時的速度，cd邊切割磁感線產生的電流ii0，同時受到的安培力大于F，線框做減速運動，隨著速度的減小，安培力變小，加速度變小，故選項C錯；當cd邊剛出磁場時，線框速度可能還沒減速到ab邊剛進磁場時的速度，故選項B對；也可能恰好減速到ab邊剛進磁場時的速度，故選項D對；還可能早就減速到ab邊剛進磁場時的速度以后做勻速運動，故選項A對18解析：選CD.導體棒受重力G、支持力FN、安培力F作用而處于平衡狀態(tài)，當外加勻強磁場的磁感應強度B的方向由垂直斜面向上沿逆時針方向轉至水平向左的過程中，安培力由沿

14、斜面向上轉至豎直向上，導體棒受力的動態(tài)變化如圖所示，則由圖知安培力逐漸增大，即此過程中磁感應強度B逐漸增大，A、B錯誤；剛開始安培力F最小，有sin ，所以此過程中磁感應強度B的最小值為，C正確；最后安培力最大，有Fmg，即此過程中磁感應強度B的最大值為，D正確19解析：選AC.設每只手與水泥制品的摩擦力大小均為Ff1，設P受到Q的摩擦力大小為Ff，方向豎直向上對PQ整體、P分別應用牛頓第二定律有2Ff15mg5ma、Ff1Ff2mg2ma，聯立解得Ff0.5m(ga)，說明P受到Q的摩擦力向下，選項A、C對，選項B、D錯20解析：選ABC.題圖乙中梯形的面積代表滑塊相對平板車的位移，也就是平

15、板車的長度L，即為Lt0v0t02 m，A正確；對滑塊運用牛頓第二定律有mgma，而a，解得0.1，B正確；由題圖乙可知滑塊、平板車的加速度大小相等，使它們產生加速度的合力就是兩者間的滑動摩擦力，因此它們的質量相等，C正確；滑塊所受摩擦力Ffmg1 N，由題圖乙可知，滑塊從t0到tt0過程中相對地面的位移x塊t02.5 m，t0時間內滑塊所受摩擦力做功WFfx塊2.5 J，所以t0時間內滑塊所受摩擦力做功的平均功率為PW/t02.5 W，D錯誤21解析：(1)安裝刻度尺時，必須使刻度尺豎直放置(2)由題圖乙Fx圖象知，彈簧原長x04 cm；k N/m50 N/m. (3)由題圖丙知，彈簧測力計

16、示數為3.0 N，則x0.06 m6 cm，則xx0x10 cm.答案：(1)豎直(2分)(2)4(2分)50(3分)(3)10(3分)22解析：(1)由多用電表示數及選擇倍率可知定值電阻為510 50 .(3)由螺旋測微器的讀數方法可得金屬絲的直徑為D0.252 mm.金屬絲的長度為L70.50 cm10.00 cm60.50 cm.(4)由部分電路的歐姆定律得RR0R金屬絲，由電阻定律得R金屬絲，由以上兩式得RLR0，可知題圖己的斜率k，所以金屬絲的電阻率為kS，圖線在縱軸上的截距表示保護電阻的阻值為求直線的斜率可在直線上取兩個距離較遠的點，如(40，63)和(100，78)，則k /m2

17、5 /m，金屬絲的橫截面積為S4.99108 m2，由圖象斜率的物理意義可求得金屬絲的電阻率為kS1.25106 m.圖線在縱軸上的截距表示定值電阻的阻值R053 .答案：(1)50(1分)(2)如圖所示(3分)(3)0.252(1分)60.50(1分)(4)1.25106(2分)53(2分)23解析：(1)設潛艇下沉的最大速度為vm，勻加速下沉的時間為t1，加速度大小為a1，則h2h1t(2分)vma1t1(2分)設潛艇體積為V，未排水時1VgMg(2分)Mg2VgMa1(2分)解得t120 s(2分)(2)設勻減速下沉的加速度大小為a2，緊急排出水的質量為mvma2(tt1)(2分)2Vg

18、(Mm)g(Mm)a2(2分)解得m9.0104 kg.(2分)答案：(1)20 s(2)9.0104 kg24解析：(1)MN桿切割磁感線產生的電動勢為：E1B0Lv(2分)由閉合電路歐姆定律得：I1(2分)MN桿所受安培力大小為：F安B0I1L(2分)對MN桿應用牛頓第二定律得：FmgF安ma(2分)當MN桿速度最大時，MN桿的加速度為零，聯立得MN桿的最大速度為：vm m/s0.8 m/s.(2分)(2)感生電動勢為：E2(2分)由閉合電路歐姆定律得：I2(2分)t時刻的磁感應強度為：Bt(2分)PQ桿受力平衡：mgBI2L(2分)聯立得時間t為：t s10 s(2分)答案：(1)0.8

19、 m/s(2)10 s25解析：(1)設粒子在電場中運動的時間為t1，粒子經過MN邊界時的位置與O點的豎直距離為y，則：在v0方向：dv0t1(2分)在豎直方向：yat(2分)由牛頓第二定律得：Eqma(1分)聯立解得：t12108 s(1分)y0.2 m(1分)粒子經過邊界MN時在豎直方向上的分速度為vyat12107 m/s(1分)粒子經過邊界MN時的速度大小為v2107 m/s(1分)與v0方向的夾角為arctan45.(1分)(2)要使粒子不穿過RS邊界，粒子在磁場區(qū)域運動的臨界軌跡如圖所示，設粒子做勻速圓周運動的軌跡半徑為r，則由幾何知識得：rrd(2分)由牛頓第二定律得：qvBm(2分)聯立解得：B(22)102 T(2分)(3)由(2)知B(22)102 T時，粒子在磁場中的運動時間最長，再進入電場時向下偏離的距離最遠(2分)當B(22)102 T時，粒子在區(qū)里做勻速圓周運動轉過的圓心角，則t23(1)108 s3.9108 s(2分)粒子在電場和磁場中運動的最長時間t2t1t27.9108 s(2分)答案：見解析