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1、2022年高三總復習質檢（二）物理試卷 含解析zhangsan 一、單選題 13.某登山愛好者.將封有一定質址理想氣體的密封軟塑料袋從氣沮為20℃的山腳帶到氣擬為10℃的山頂(假設大氣壓強不變)，密封塑料袋里的氣體 A.體積變大，分子平均動能增大 B.休積變小，分子平均動能減小 C.體積變大，分子平均動能減小 D.體積變小，分子平均動能增大 【答案】B 封有一定質量空氣的密閉塑料袋從山底移動到山頂時，根據可知其體積減小，溫度是分子平均動能的標志，由于山頂溫度低，因此分子平均動能小。 故選B。 【考點】熱力學第一定律；理想氣體的狀態(tài)方程 14.下列說法正確的是 A．

2、單品體有固定的熔點，多品體和非晶體沒有固定的熔點 B．空氣的相對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示 C．在太空中神舟十號飛船內的水珠由于表面張力作用可以變成完美的球形 D．氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子之間斥力大于引力 【答案】C A．單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，故A錯誤； B、空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示的，故B錯誤； C．在太空中神舟十號飛船內的水珠由于表面張力作用，水滴的表面積要最小化，可以變成完美的球形，故C正確； D．氣體失去容器的約束就會散開，這是因為分子都在不停地做無規(guī)則熱運動，故D錯誤. 故選C。 【

3、考點】晶體和非晶體；相對濕度 15、甲、乙兩車同時由同一地點沿同一方向運動，它們的位移x一時間t圖像如圖所示.甲車圖像為過坐標原點的傾斜直線.乙車圖像為頂點在坐標原點的拋物線.則下列說法正確的是 A.甲、乙之間的距離先增大、后減小.然后再增大 B. O-t1時間段內，乙的平均速度大于甲的平均速度 C．O-t1時間段內.甲做直線運動.乙做曲線運動 D.t1時刻甲、乙兩車相距離最遠 【答案】A A、甲、乙之間的距離等于位移之差，即等于縱坐標之差，由圖象可知兩者距離先越來越大，后越來越小，在t1時間兩者距離為零，然后又增大，故A正確； B、在t1時間內兩物體位移相同，所用時間也相

4、同，所以平均速度大小相等，故B錯誤； C、0-t1時間段內，位移-時間圖象斜率表示速度，乙圖線的切線斜率不斷增大，而且乙圖線是拋物線，有s=kt2，則知乙車做勻加速直線運動；甲的位移隨時間均勻變化，斜率不變，說明速度不變，做勻速直線運動，故B錯誤； D、t1時刻甲、乙兩車位移相等，到達同一位置，表示相遇，故D錯誤。 故選A。 【考點】勻變速直線運動的圖像；平均速度；勻變速直線運動的位移與時間的關系 16.如圖所示.質足為:0峪的物塊A拴在彈簧一端，彈贊的另一端固定在小車上。小車靜止不動時，彈簧對物塊的拉力大小為5N,若小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右作加速運動時： A.物塊

5、A受到的摩擦力變大 B.物塊A受到的摩擦力方向改變 C物塊A受到車廂的彈力將增大 D.物塊A相對小車仍靜止 【答案】D 質量為1.0kg的物塊A拴在彈簧一端，彈簧的另一端固定在小車上，小車靜止不動時，彈簧對物塊的拉力大小為5N，知物塊所受的靜摩擦力為5N，當小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右作加速運動時，小車所受的合力為1N； 因為彈簧開始處于拉伸，則物塊仍然與小車保持相對靜止，靜摩擦力為4N，方向水平向左，即靜摩擦力的方向未改變，大小減小，彈簧的彈力不變，故D正確。 故選D。 【考點】牛頓第二定律 二、雙選題 17.下列說法正確的是（ ） A

6、．天然放射現象揭示了原子核內部有復雜的結構 B．波爾的量子理論，成功解釋了氫原子的發(fā)光現象 C．平均結合能越小表示原子核中的核子結合的越牢固 D．當原子的核外電子具有較高能量時，將發(fā)生β衰變 【答案】AB A、天然放射現象揭示了原子核內部有復雜結構，故A正確； B、波爾的量子理論，成功解釋了氫原子的發(fā)光現象，故B正確； C、平均結合能越小表示原子核中的核子結合得越不牢固，故C錯誤； D、當原子的核外電子具有較高能量時，將會向低能級躍遷，釋放光子，故D錯誤。 故選AB。 【考點】原子核衰變及半衰期、衰變速度；玻爾模型和氫原子的能級結構；原子核的結合能 18.如圖所示.理

7、想變壓器原、副線圈匝數比為3:2,電池和交變電源的電動勢都為9V，內阻均不計。下列說法正確的是 A. S與a接通的瞬間.R中無感應電流 B.S與a接通穩(wěn)定后.R兩端的電壓為0 C. S與b接通穩(wěn)定后.R兩端的電壓為6V D. S與b接通穩(wěn)定后，原、副線圈中電流之比為3:2 【答案】BC A、在S與a接通的瞬間，由于電流由零突然變大，所以線圈中的磁通量會發(fā)生變化，副線圈中的R會有感應電流，故A錯誤； B、在S與a接通穩(wěn)定后，電路中的電流穩(wěn)定，磁通量不會發(fā)生變化，所以副線圈中不會有感應電流產生，電阻R兩端的電壓為0，故B正確； C、在S與b接通穩(wěn)定后，由于b是交流電源，

8、根據電壓與匝數成正比可知，副線圈的電壓為3V，故C正確； D、變壓器不會改變交流電源的頻率，所以原、副線圈中電流的頻率是相同的，故D錯誤。 故選BC。 【考點】變壓器的構造和原理 19我國發(fā)射的神九飛船經過變軌，在距“天宮一號”后下方52公里處的圓形軌道上做勻速圓周運動，如圖所示，以下說法正確的 A.要完成對接任務.神九飛船需要點火加速 B.要完成對接任務，神九飛船需要制動減速 C.“天宮一號”內的實驗儀器不受引力作用 D.對接完成后“天宮一號”的速度小于第一宇宙速度 【答案】AD AB、神舟九號飛船點火加速，向心力大于萬有引力，飛船做離心運動，軌道半徑變大，可以到達天

9、宮一號的軌道和天宮一號對接，故A正確B錯誤； C、天宮一號及內部的實驗儀器都要受到地球的引力，引力完全提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，故C錯誤； D、萬有引力提供向心力，得，軌道半徑越小，速度越大，軌道半徑越大，速度越小，當軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大為第一宇宙速度，故對接完成后，“天宮一號”的速度小于第一宇宙速度，故D正確。 故選AD。 【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系 20.如圖是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個半徑為R的D型金屬盒?，F將它們接在電壓為U,周期為T的交流電源上，位于D,團心處的質子源A能不斷產生質子(初速度可以忽略).它們在兩盒之間被電場加

10、速.當質子被加速到最大動能Ek后，再將它們引出。忽略質子在電場中的運動時間，則下列說法中正確的是 A.帶電粒子的運動周期是變化的 B.若只增大交變電壓U.則質子在回旋加速器中運行時間會變短 C.若只增大金屬盒的半徑R，則質子射出時的動能不變 D.若用此回旋加速器加速。拉子，必須改變交變電壓的周期或磁感應強度 【答案】BD A、根據，回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等，是不變化的，故A錯誤； B、電壓增大，不影響粒子在磁場中運動的周期，但是減少了在磁場中做圓周運動的次數，所以總時間減少了，故B正確； C、當粒子從D形盒中出來時速度最大，根據，得，與半徑成正

11、比，故C錯誤； D、根據，知質子換成α粒子，比荷發(fā)生變化，則在磁場中運動的周期發(fā)生變化，回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等，故需要改變磁感應強度或交流電的周期，故D正確。 故選BD。 【考點】質譜儀和回旋加速器的工作原理 21.在光滑的絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線上的兩點，交PQ于0點，且MO二NO。一電子。從M點自由釋放，粒子將沿著MN連線做往復運動。取無限遠處的電勢為零，則粒子從盆M點運動到N點的過程中 A.先作勻加速運動，后作勻減速運動由 B.先從高電勢到低電勢，后從低電勢到高電勢P C.電勢能與動能

12、之和不變 D.電勢能先減小，后增大 【答案】CD A、兩等量正電荷周圍部分電場線如上圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠到O過程中電場強度先增大后減小，且方向由O點始終指向無窮遠方向．故電子所受的電場力是變化的，從M點運動到N點的過程中做非勻變速直線運動，故A錯誤； B、根據順著電場線電勢降低可知，電勢先升高后降低，即先從低電勢到高電勢，后從高電勢到低電勢，故B錯誤； C、電子只有兩種形式的能：電勢能與動能，根據能量守恒定律可知電勢能與動能之和保持不變，故C正確； D、粒子從M點運動到N點的過程中，電場力先做正功，后做負功，電子的電勢能先減小后增大，故D正確。 故選

13、CD。 【考點】電勢能；電勢 34（1）(8分)某實驗小組利用拉力傳感器探究“動能定理”。實驗裝置如圖所示.在滑塊上安裝一遮光條，把滑塊放在水平氣墊軌上，并通過定滑輪的細繩與鉤碼相連.分別在A、B處各安裝一個光電計時器?，F測得滑塊(含遮光條和拉力傳感器)總質量為M、鉤碼總質量為m,遮光條寬度為d,當地的重力加速度為g。將滑塊在圖示A位置的左側任意位置靜止釋放后，光電計時器記錄下遮光條通過光電門A、B的時間為分別為t1和t2. ①實驗中還需要測量的物理量是________(用文字及相應的符號表示)，對應所需測的量的物理量還應補充的器材是___________。 ②已知拉力傳感器受到的拉

14、力為F.則本實驗中探究動能定理的表達式為:___ __(用以上對應物理量的符號表示)。 ③下列必要的實驗要求是_____(請?zhí)顚戇x項前對應的字母)。 A要調節(jié)氣墊導軌水平 B要保證小車(含遮光條和拉力傳感器)的質量M遠大于所掛鉤碼的質量m. G要保持細線方向與水平面平行 D.要使氣墊導軌與水平面成一角度平衡小車受到的摩擦力 【答案】①光電門A至光電門B中心之間的距離L；刻度尺 ② ③AC ①本實驗要測量拉力做的功，故要測量光電門A至光電門B中心之間的距離L，需要刻度尺測量； ②由于遮光條的寬度很小，通過光電門的時間也很短，故遮光條通過光電門的平均速

15、度可以表示瞬時速度，則通過A點的速度，B點的速度， 拉力做功 動能的增加量為 故本實驗中探究動能定理的表達式為； ③A、應將氣墊導軌調節(jié)水平，使拉力才等于合力，故A正確； B、拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質量和鉤碼質量大小關系無關，故B錯誤； C、要保持拉線方向與木板平面平行，拉力才等于合力，故C正確； D、本實驗用了氣墊導軌，摩擦力幾乎沒有，不需要平衡摩擦力，故D錯誤； 故選AC。 【考點】探究功與速度變化的關系 (2)(10分)如圖甲是“用伏安法測位金屬絲電阻率”的實驗電路圖。 ①螺旋測微器測得金屬絲直徑d如圖丙所示，可讀出d=___________mm

16、 。 ②請根據實驗要求和提供的器材，參考實驗電路圖甲，完成上面實物電路圖乙中未連接的導線。 ③閉合電鍵，調節(jié)P的位置，讀出aP的長度為x時對應的電壓表和電流表的示數分別為U、I，金屬絲的直徑d.利用這些物理云可得到金屬絲電阻率ρ=__________。 ④將圖乙中的I導線一端從電流表的“0. 6A”接線柱改接于電流表的“一”接線柱上，可以測量電源的電動勢和內阻。閉合電鍵，調節(jié)P的位置，讀出多組電壓表和電流表的示數.把實驗得到的數據繪成如圖丁所示的U一I圖像，得出電源的電動勢E=________V（保留三位效數字);若R0=2.01 ,則電源的內阻r=______Ω。 【答案】① 0.3

17、95 ②如右圖所示 ③ ④ 2.80；1.0 ①由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器示數為0mm+39.5×0.01mm=0.395mm； ②根據電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示； ③電阻，由電阻定律可知，電阻率； ④由圖示圖象可知，電源電動勢，圖象斜率的絕對值， ，則。 【考點】測定金屬的電阻率 35.(I8分)如圖所示，有一帶光滑弧形軌道、質量為M=3.0壇的小車，靜止在水平面0點左 側，軌道下端的切線方向水平,O點的左側光滑?，F有一質員m=1.0kg的物塊(可視為質點)，與O點右側動摩擦因數μ=0.2，在F=6.ON的水平推力作用下，從距0點2

18、m的A點由靜止開始向左運動，到O點時撤去推力，物塊滑上弧形軌道，(重力加速度g=l0m/s2)。求： (1)物塊在AO段浴動過程中的加速度大小和撤去推力瞬間時推力的瞬時功率; (2)若小車的高度H=0.7m,通過計算分析物塊能否滑過小車的最高點; (3)物塊最終滑回地面后，求小車和物塊的速度。 【答案】 不能 （1）在OA段由牛頓第二定律得 地 到O點時，由得 推力的瞬時功率： （2）設物塊與小車到達共同速度v/時上升的最大高度為h， 水平方向動量守恒得： 由系統(tǒng)機械能守恒： 解得：不能越過最高點 （3）物塊回到地面與小車分離，選取水平

19、向左為正方向， 設小車與物塊的最終速度分別為V和u 水平方向動量守恒得： 由系統(tǒng)機械能守恒得： 解得：，，負號表示方向向右 【考點】牛頓第二定律；動量守恒定律；機械能守恒定律 36. (18分)一邊長為L的正方形單匝金屬線框，質量為m。電阻為R，從寬度為2L,磁感應強度為B，方向垂直向里的有界磁場上方2L處自由下落,ad邊進人和離開磁場時速度恰好相等.求： （1）線框進人磁場瞬間，a,d兩點的電勢差U，并指明a,d兩點電勢的高低; （2）線框經過磁場過程中產生的焦耳熱及bc邊離開磁場瞬間線框的速度大小; （3）定性畫出線框從開始下落到離開磁場全過程的V一t圖線大概示意圖。

20、 【答案】 如解析圖 （1）線框從靜止開始自由下落 由機械能守恒得： ad邊進入磁場切割磁感線，電動勢： 由全電路歐姆定律得：, 解得： 電流方向由a到d，所以 （2）由ad邊進入磁場到ad邊離開磁場，速度不變 由能量守恒知，焦耳熱等于重力做功： 線框離開磁場產生的熱與進入磁場相等 所以線框穿過磁場過程中產生的焦耳熱： 當bc邊離開磁場時，整個過程由功能關系得 解得： （3）圖象如圖所示。 【考點】法拉第電磁感應定律；自由落體運動；機械能守恒定律 梅州市高三總復習質檢試卷（xx.5） 理科綜合

21、（物理）參考答案 一、二、選擇題（46分） 題號 13 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B C A D AB BC AD BD CD 三、非選擇題（54分） 34． (1) （8分） ①光電門A至光電門B中心之間的距離L(2分) ；刻度尺(2分) ②(2分) ③AC(2分) (2) （10分）① 0.395 (0.392～0.398均正確) (2分) ② 如右圖所示 (2分) ③(2分) ④ 2.80 (2.78～2.82均正確) (2分)；1.0 (0.97～1.03均正確) (2分) 35．

22、（18分）解：（1）在OA段由牛頓第二定律得…………1分 ……………1分 到O點時，由得……………2分 推力的瞬時功率：……………2分 （2）設物塊與小車到達共同速度v/時上升的最大高度為h， 水平方向動量守恒得：……………2分 由系統(tǒng)機械能守恒：……………2分 解得：不能越過最高點……………2分 （3）物塊回到地面與小車分離，選取水平向左為正方向，設小車與物塊的最終速度分別為V和u 水平方向動量守恒得： ……………2分 由系統(tǒng)機械能守恒得：…………2分 解得：……………1分 ……………1分 負號表示方向向右 36

23、．（18分）解：（1）線框從靜止開始自由下落 由機械能守恒得：…………2分 ad邊進入磁場切割磁感線，電動勢： …………1分 由全電路歐姆定律得：, …………1分 解得： …………1分 電流方向由a到d， …………1分 （2）由ad邊進入磁場到ad邊離開磁場，速度不變 由能量守恒知，焦耳熱等于重力做功：…………3分 線框離開磁場產生的熱與進入磁場相等 所以線框穿過磁場過程中產生的焦耳熱：………1分 當bc邊離開磁場時，整個過程由功能關系得 …………3分 解得： ………1分 （3）圖象如圖所示。 運動說明：線框開始做自由落體運動，ad邊進入磁場后先做加速度減小的減速運動后可能做勻速運動，線框全部進入磁場后又做勻加速運動，ad邊離開磁場時先做加速度減小的減速運動后可能做勻速運動，全部離開磁場后做勻加速運動。 評分說明：只要求畫出v-t圖線的大概示意圖。畫出三段勻加速（2分）和兩段變減速（含勻速）（2分）。