《2022年高考物理 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律復(fù)習(xí)達(dá)標(biāo)測(cè)評(píng) 新人教版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律復(fù)習(xí)達(dá)標(biāo)測(cè)評(píng) 新人教版（7頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理 第三章 牛頓運(yùn)動(dòng)定律復(fù)習(xí)達(dá)標(biāo)測(cè)評(píng) 新人教版一、單項(xiàng)選擇題 (本大題共5個(gè)小題，每小題4分，共計(jì)20分，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意)1. (xx濰坊模擬)下列對(duì)運(yùn)動(dòng)的認(rèn)識(shí)不正確的是()A. 亞里士多德認(rèn)為物體的自然狀態(tài)是靜止的，只有當(dāng)它受到力的作用才會(huì)運(yùn)動(dòng)B. 伽利略認(rèn)為力不是維持物體速度的原因C. 牛頓認(rèn)為力的真正作用效果總是改變物體的速度，而不是使之運(yùn)動(dòng)D. 伽利略根據(jù)理想實(shí)驗(yàn)推論得出，如果沒有摩擦，在水平面上的物體，一旦具有某一個(gè)速度，將保持這個(gè)速度繼續(xù)運(yùn)動(dòng)下去2. (xx海南卷)下列說法正確的是()A. 若物體運(yùn)動(dòng)速率始終不變，則物體所受合力一定為零B. 若物體的加速

2、度均勻增加，則物體做勻加速直線運(yùn)動(dòng)C. 若物體所受合力與其速度方向相反，則物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng)D. 若物體在任意的相等時(shí)間間隔內(nèi)位移相等，則物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)3. 輕質(zhì)彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個(gè)小鐵球，電梯中有質(zhì)量為50 kg的乘客，如圖所示，在電梯運(yùn)行時(shí)乘客發(fā)現(xiàn)輕質(zhì)彈簧的伸長(zhǎng)量是電梯靜止時(shí)輕質(zhì)彈簧的伸長(zhǎng)量的一半，這一現(xiàn)象表明(g10 m/s2)()A. 電梯此時(shí)可能正以1 m/s2的加速度大小加速上升，也可能是以1 m/s2的加速度大小減速下降B. 電梯此時(shí)不可能是以1 m/s2的加速度大小減速上升，只能是以5 m/s2的加速度大小加速下降C. 電梯此時(shí)正以5 m/s2

3、的加速度大小加速上升，也可以是以5 m/s2的加速度大小減速下降D. 不論電梯此時(shí)是上升還是下降，也不論電梯是加速還是減速，乘客對(duì)電梯地板的壓力大小一定是250 N4. (xx安慶一中模擬)如圖所示，一質(zhì)量為M的探空氣球在勻速下降，若氣球所受浮力F始終保持不變，氣球在運(yùn)動(dòng)過程中所受阻力僅與速率有關(guān)，重力加速度為g.現(xiàn)欲使該氣球以同樣速率勻速上升，則需從氣球吊籃中減少的質(zhì)量為 () 7. (改編題)搭載“嫦娥二號(hào)”探月衛(wèi)星的長(zhǎng)征三號(hào)丙運(yùn)載火箭于2010年10月1日18時(shí)59分57秒在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心發(fā)射升空，并獲得了圓滿成功，相關(guān)圖片如圖所示. 則下列說法正確的是 ()A. 火箭發(fā)射時(shí)，噴出的高

4、速氣流對(duì)火箭的作用力大于火箭對(duì)氣流的作用力B. 發(fā)射初期，火箭處于超重狀態(tài)，但它受到的重力卻越來越小C. 高溫高壓燃?xì)鈴幕鸺膊繃姵鰰r(shí)對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)燃?xì)獾淖饔昧Υ笮∠嗟菵. 發(fā)射的“嫦娥二號(hào)”衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)8. 如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計(jì)，傾角為的光滑斜面，系統(tǒng)靜止時(shí)，彈簧與細(xì)線均平行于斜面，在細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說法正確的是 () A. 兩個(gè)小球的瞬時(shí)加速度均沿斜面向下，大小均為gsin B. B球的受力情況未變，瞬時(shí)加速度為零C. A球的瞬時(shí)加速度沿斜面向下，大小為2gsin D. 彈簧有收縮的趨勢(shì)，B球的瞬時(shí)加速度向上，A球的瞬時(shí)

5、加速度向下，瞬時(shí)加速度都不為零9. (xx蘇州測(cè)試)如圖所示，一水平方向足夠長(zhǎng)的傳送帶以恒定的速度v1沿順時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，一物體以水平速度v2從右端滑上傳送帶后，經(jīng)過一段時(shí)間又返回光滑水平面，此時(shí)速率為v2，則下列說法正確的是()A. 若v1v2，則有v2v1 B. 若v1v2，則有v2v2C. 不管v2多大，總有v2v2 D. 只有v1v2時(shí)，才有v2v2三、簡(jiǎn)答題(本題共3個(gè)小題，共20分，請(qǐng)將答案填在題中橫線上或按題目要求作答)10. (5分)某同學(xué)在探究牛頓第二定律的實(shí)驗(yàn)中，在物體受外力不變時(shí)，改變物體的質(zhì)量，得到數(shù)據(jù)如下表所示.實(shí)驗(yàn)次數(shù)物體質(zhì)量m(kg)物體的加速度a(m/s2)物體質(zhì)

6、量的倒數(shù)(1/kg)10.200.785.0020.400.382.5030.600.251.6740.800.201.2551.000.161.00(1)從表中的數(shù)據(jù)你可得出的結(jié)論為.(2)物體受到的合力大約為.11. (5分)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率f50 Hz.下圖是某同學(xué)在“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中正確操作下獲得的一條紙帶，A、B、C、D、E每?jī)牲c(diǎn)之間還有4個(gè)點(diǎn)沒有標(biāo)出寫出用x1、x2、x3、x4以及f來表示小車加速度的計(jì)算式：a_.根據(jù)紙帶所提供的數(shù)據(jù)，算得小車的加速度大小為_m/s2(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)12. (10分)(xx德州模擬)“探究加速度與物體質(zhì)量、物體

7、受力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示. (1)在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中，打出了一條紙帶如圖乙所示計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.02 s從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離該小車的加速度a_m/s2.(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)(2)平衡摩擦力后，將5個(gè)相同的砝碼都放在小車上掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個(gè)砝碼添加到砝碼盤中，測(cè)量小車的加速度小車的加速度a與砝碼盤中砝碼總重力F的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)如下表：砝碼盤中砝碼總重力F(N)0.1960.3920.5880.7840.980加速度a(ms2)0.691.181.662.182.70請(qǐng)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)在圖丙所示的坐標(biāo)系中作出aF

8、的關(guān)系圖象. (3)根據(jù)提供的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的aF圖線不通過原點(diǎn)，請(qǐng)說明主要原因四、計(jì)算題(本大題共3個(gè)小題，共40分，解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中要明確寫出數(shù)值和單位)13. (12分)(xx蘇州模擬)如圖所示，質(zhì)量為m1 kg的小球穿在斜桿上，斜桿與水平方向的夾角為37，球恰好能在桿上勻速滑動(dòng)若球受到一大小為F40 N的水平推力作用，可使小球沿桿向上加速滑動(dòng)(g取10 m/s2)，求：(1)小球與斜桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)的大小(2)小球沿桿向上加速滑動(dòng)的加速度大小14. (14分)如圖所示，質(zhì)量為M的木箱放在水平面上，木箱中的

9、立桿上套著一個(gè)質(zhì)量為m的小球，開始時(shí)小球在桿的頂端，由靜止釋放后，小球沿桿下滑的加速度為重力加速度的，即ag，則小球在下滑的過程中，木箱對(duì)地面的壓力為多少？4. 解析：設(shè)減少的質(zhì)量為m，勻速下降時(shí)MgFkv，勻速上升時(shí)MgmgkvF，解得m2，A正確. 答案：A5. 解析：對(duì)建筑材料進(jìn)行受力分析根據(jù)牛頓第二定律有Fmgma，得繩子的拉力大小等于F210 N，然后再對(duì)人受力分析由平衡的知識(shí)得MgFFN，得FN490 N，根據(jù)牛頓第三定律可知人對(duì)地面的壓力為490 N，B正確答案：B6. 解析：撤去拉力前物塊相對(duì)木板向左運(yùn)動(dòng)，所受摩擦力向右，物塊對(duì)木板的摩擦力向左剛撤去拉力時(shí)相對(duì)運(yùn)動(dòng)情況不變，所受

10、摩擦力不變，因此物塊向右加速，木板向右減速直到達(dá)到共同速度，共速后二者一起勻速運(yùn)動(dòng)，故選BC.答案：BC7. 解析：由作用力與反作用力的關(guān)系可知A錯(cuò)誤，C正確；火箭發(fā)射初期，因?yàn)榛鸺蛏献黾铀龠\(yùn)動(dòng)，故處于超重狀態(tài)，隨著火箭距地球越來越遠(yuǎn)，所受的重力也越來越小，B正確；衛(wèi)星進(jìn)入軌道正常運(yùn)轉(zhuǎn)后，所受的萬有引力充當(dāng)向心力，此時(shí)衛(wèi)星處于完全失重狀態(tài)，D正確. 答案：BCD8. 解析：線燒斷瞬間，彈簧彈力與原來相等，B球受力平衡，aB0，A球所受合力為mgsin kx2mgsin ，故aA2gsin .答案：BC9. 解析：設(shè)物體的質(zhì)量為m，物體與傳送帶之間的滑動(dòng)摩擦力大小為Ff，物體相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的加

11、速度大小為a, 且兩個(gè)過程中的加速度大小和方向是相同的物體在傳送帶上滑動(dòng)，則有Ffma，物體在傳送帶上向左滑動(dòng)的位移為x.速度減為零后，在滑動(dòng)摩擦力的作用下開始向右勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小仍為a，若v1v2，滑到傳送帶右端時(shí)的速度大小為v2，比較可以得出v2v2v1；若v1v2，物體還沒有運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端，速度就和傳送帶的速度相同，物體與傳送帶之間不再存在摩擦力，物體隨傳送帶一起勻速運(yùn)動(dòng)，v2v1v2.正確選項(xiàng)為AB.答案：AB10. 答案：(1)合外力一定的條件下，物體的加速度與物體的質(zhì)量成反比(2)F合0.155 N11. 解析：采用分組法得計(jì)算加速度的表達(dá)式a，帶入數(shù)據(jù)解得a m/s20

12、.60 m/s2.答案：0.6012. 解析：(1)a m/s20.16 m/s2或a m/s20.15 m/s2.(2)如圖所示：(3)小車、砝碼盤和砝碼組成的系統(tǒng)所受合外力為砝碼盤和砝碼的總重力，而表中數(shù)據(jù)漏計(jì)了砝碼盤的重力，導(dǎo)致合力F的測(cè)量值小于真實(shí)值，故aF的圖線不過原點(diǎn). 答案：(1)0.16(0.15也算對(duì))(2)見解析(3)未計(jì)入砝碼盤的重力13. 解析：(1)對(duì)小球受力分析，由平衡條件可知：mgsin Ff1，F(xiàn)N1mgcos ，F(xiàn)f1FN1，解得tan 370.75.(2)水平推力作用后，由牛頓第二定律：Fcos mgsin Ff2ma，F(xiàn)f2FN2(Fsin mgcos )

13、，解得a2 m/s2.答案：(1)0.75(2)2 m/s214. 解析：木箱與小球沒有共同加速度，所以需用隔離法取小球m為研究對(duì)象，受重力mg、摩擦力Ff，如圖甲所示，據(jù)牛頓第二定律得：mgFfma取木箱M為研究對(duì)象，受重力Mg、地面支持力FN及小球給予的摩擦力Ff如圖乙所示據(jù)物體平衡條件得：FNFfMg0且FfFf由式得FNgMgmg.由牛頓第三定律知，木箱對(duì)地面的壓力大小為FNFNgMgmg.答案：Mgmg15. 解析：設(shè)外力最大值為F，此時(shí)，A物塊與地面之間無相互作用力，共同加速度為a，先把AB看作是一個(gè)整體，則有：F(mM)a(1)對(duì)于A，它受B與接觸面垂直向上的推力FN，根據(jù)受力分析圖可得：FNcos mg(2)對(duì)于B，在水平方向有：FNsin Ma(3) 根據(jù)牛頓第三定律可知FNFN(4) 由上述四式解得Ftan 答案：Ftan