《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題1 高考客觀(guān)題?？贾R(shí) 第3講 不等式與線(xiàn)性規(guī)劃 文》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題1 高考客觀(guān)題?？贾R(shí) 第3講 不等式與線(xiàn)性規(guī)劃 文（8頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專(zhuān)題1 高考客觀(guān)題?？贾R(shí) 第3講 不等式與線(xiàn)性規(guī)劃 文不等式的解法1.設(shè)f(x)=則不等式f(x)2的解集為(B)(A)(,+) (B)(-,1)2,)(C)(1,2(,+)(D)(1,)解析:原不等式等價(jià)于或即或解得2x或x3成立的x的取值范圍為(C)(A)(-,-1)(B)(-1,0)(C)(0,1) (D)(1,+)解析:f(-x)=,由f(-x)=-f(x)得=-,即1-a2x=-2x+a,化簡(jiǎn)得a(1+2x)=1+2x,所以a=1.f(x)=.由f(x)3,得0x0的解集為.(用區(qū)間表示)解析:-x2-3x+40(x+4)(x-1)0-4x-1.由解得即

2、A(1-m,1+m).由解得即B(-m,+m).因?yàn)镾ABC=SADC-SBDC=(2+2m)(1+m)- (+m)=(m+1)2=,所以m=1或m=-3(舍去),故選B.8.(xx河南開(kāi)封市模擬)設(shè)不等式組表示的平面區(qū)域?yàn)镈,若指數(shù)函數(shù)y=ax的圖象上存在區(qū)域D上的點(diǎn),則a的取值范圍是.解析:作出區(qū)域D的圖象,聯(lián)系指數(shù)函數(shù)y=ax的圖象,能夠看出,當(dāng)圖象經(jīng)過(guò)區(qū)域的邊界點(diǎn)C(2,9)時(shí),a可以取到最大值3,而顯然只要a大于1,圖象必然經(jīng)過(guò)區(qū)域內(nèi)的點(diǎn).則a的取值范圍是10,a1)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)A,若點(diǎn)A在直線(xiàn)mx+ny-1=0(mn0)上,則+的最小值為(B)(A)3(B)4(C)5(D)6解析

3、:函數(shù)y=a1-x(a0,a1)的圖象恒過(guò)定點(diǎn)A(1,1),又點(diǎn)A在直線(xiàn)mx+ny-1=0(mn0)上,所以m+n=1,所以+=(m+n) (+ )=2+2+2=4,當(dāng)且僅當(dāng)m=n=時(shí)取等號(hào).故選B.10.(xx河南鄭州市第一次質(zhì)量預(yù)測(cè))某三棱錐的三視圖如圖所示,且三個(gè)三角形均為直角三角形,則xy的最大值為(C)(A)32 (B)32(C)64 (D)64解析:設(shè)該三棱錐的高為h,由三視圖知,兩式相減并整理得x2+y2=128.又因?yàn)閤y=64(僅當(dāng)x=y時(shí)取等號(hào)).11.(xx福建卷)要制作一個(gè)容積為4 m3,高為1 m的無(wú)蓋長(zhǎng)方體容器.已知該容器的底面造價(jià)是每平方米20元,側(cè)面造價(jià)是每平方

4、米10元,則該容器的最低總造價(jià)是(C)(A)80元(B)120元(C)160元(D)240元解析:設(shè)該容器的總造價(jià)為y元,長(zhǎng)方體的底面矩形的長(zhǎng)為x m,因?yàn)闊o(wú)蓋長(zhǎng)方體的容積為4 m3,高為1 m,所以長(zhǎng)方體的底面矩形的寬為 m,依題意,得y=204+10(2x+)=80+20(x+)80+202=160(當(dāng)且僅當(dāng)x=,即x=2時(shí)取等號(hào)).所以該容器的最低總造價(jià)為160元.故選C.12.(xx廣東深圳市第一次調(diào)研考試)已知向量a=(-1,1),b=(1, ) (x0,y0),若ab,則x+4y的最小值為.解析:由ab得-1+=0,+=1,(x+4y)(+)=5+2+5=9. (當(dāng)且僅當(dāng)=時(shí)取等號(hào)

5、)答案:9 一、選擇題1.(xx四川資陽(yáng)市三模)已知loalob,則下列不等式一定成立的是(A)(A)()a(C)ln(a-b)0(D)3a-b1解析:因?yàn)閥=lox是定義域上的減函數(shù),且loab0.又因?yàn)閥=()x是定義域R上的減函數(shù),所以()a()b;又因?yàn)閥=xb在(0,+)上是增函數(shù),所以()b()b;所以()a()b,選項(xiàng)A正確.2.(xx湖南卷)若變量x,y滿(mǎn)足約束條件則z=3x-y的最小值為(A)(A)-7(B)-1(C)1(D)2解析:畫(huà)出可行域如圖所示.當(dāng)直線(xiàn)y=3x-z過(guò)點(diǎn)C(-2,1)時(shí),z取最小值,故zmin=3(-2)-1=-7.故選A.3.(xx廣西柳州市、北海市、

6、欽州市1月份模擬)設(shè)變量x,y滿(mǎn)足約束條件則z=2x的最小值為(B)(A)(B)(C)(D)解析:可得z=2x-2y,設(shè)m=x-2y,不等式組表示的平面區(qū)域如圖陰影部分, 平移直線(xiàn)l:y=x,由圖象可知直線(xiàn)l經(jīng)過(guò)點(diǎn)A時(shí),其截距最大,m最小,z最小,解方程組得A(2,2),則z最小=.4.(xx江西南昌市第一次模擬)已知實(shí)數(shù)x,y滿(mǎn)足若目標(biāo)函數(shù)z=2x+y的最大值與最小值的差為2,則實(shí)數(shù)m的值為(C)(A)4(B)3(C)2(D)-解析:作出可行域如圖,根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義可轉(zhuǎn)化為直線(xiàn)y=-2x+z的截距,可知在N點(diǎn)z取最小值,在M點(diǎn)z取最大值.因?yàn)镹(m-1,m),M(4-m,m),所以2(

7、4-m)+m-2(m-1)-m=10-4m=2,所以m=2.5.(xx甘肅省河西五地市高三第一次聯(lián)考)已知集合(x,y)表示的平面區(qū)域?yàn)?若在區(qū)域內(nèi)任取一點(diǎn)P(x,y),則點(diǎn)P的坐標(biāo)滿(mǎn)足不等式x2+y22的概率為(D)(A)(B)(C)(D)解析:作出不等式組對(duì)應(yīng)的平面區(qū)域如圖,則對(duì)應(yīng)的區(qū)域?yàn)锳OB.由解得即B(4,-4).由解得即A(,).直線(xiàn)2x+y-4=0與x軸的交點(diǎn)坐標(biāo)為(2,0),則OAB的面積S=2+24=.點(diǎn)P的坐標(biāo)滿(mǎn)足不等式x2+y22區(qū)域面積S=()2=,由幾何概型的概率公式得點(diǎn)P的坐標(biāo)滿(mǎn)足不等式x2+y22的概率為=.故選D.6.設(shè)f(x)=ln x,0ab,若p=f(),

8、q=f(),r=f(a)+f(b),則下列關(guān)系式中正確的是(C)(A)q=rp(C)p=rq解析:由題意得p=ln ,q=ln ,r=(ln a+ln b)=ln =p,因?yàn)?a,所以ln ln ,所以p=r0,b0)滿(mǎn)足約束條件且最大值為40,則+的最小值為(B)(A)(B)(C)1(D)4解析:不等式表示的平面區(qū)域?yàn)槿鐖D陰影部分,當(dāng)直線(xiàn)z=ax+by(a0,b0)過(guò)直線(xiàn)x-y+2=0與直線(xiàn)2x-y-6=0的交點(diǎn)(8,10)時(shí),目標(biāo)函數(shù)z=ax+by(a0,b0)取得最大值40,即8a+10b=40,即4a+5b=20,而+=(+)=+(+)+1=.故選B.8.(xx山東卷)已知x,y滿(mǎn)足約

9、束條件當(dāng)目標(biāo)函數(shù)z=ax+by(a0,b0)在該約束條件下取到最小值2時(shí), a2+b2的最小值為(B)(A)5(B)4(C)(D)2解析:不等式組表示的平面區(qū)域如圖中陰影部分所示,根據(jù)目標(biāo)函數(shù)的幾何意義可知,目標(biāo)函數(shù)在點(diǎn)A(2,1)處取得最小值,故2a+b=2.法一將2a+b=2兩邊分別平方得4a2+b2+4ab=20,而4ab=2a2ba2+4b2,當(dāng)且僅當(dāng)a=2b,即a=,b=時(shí)取等號(hào).所以204a2+b2+a2+4b2=5(a2+b2),所以a2+b24,即a2+b2的最小值為4.故選B.法二將2a+b=2看作平面直角坐標(biāo)系aOb中的直線(xiàn),則a2+b2的幾何意義是直線(xiàn)上的點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)距離

10、的平方,故其最小值為坐標(biāo)原點(diǎn)到直線(xiàn)2a+b=2距離的平方,即()2=4.故選B.9.(xx四川宜賓市二診)已知集合A=xR|x4+mx-2=0,滿(mǎn)足aA的所有點(diǎn)M(a, )均在直線(xiàn)y=x的同側(cè),則實(shí)數(shù)m的取值范圍是(A)(A)(-,-)(,+)(B)(-,-1)(1,)(C)(-5,-)(,6)(D)(-,-6)(6,+)解析:因?yàn)榧螦=xR|x4+mx-2=0,所以方程的根顯然x0,原方程等價(jià)于x3+m=,原方程的實(shí)根是曲線(xiàn)y=x3+m與曲線(xiàn)y=的交點(diǎn)的橫坐標(biāo),而曲線(xiàn)y=x3+m是由曲線(xiàn)y=x3向上或向下平移|m|個(gè)單位而得到的,若交點(diǎn)(xi, ) (i=1,2)均在直線(xiàn)y=x的同側(cè),因直

11、線(xiàn)y=x與y=交點(diǎn)為(-,-),(,);所以結(jié)合圖象可得或解得m或m-.故選A.10.已知函數(shù)f(x)=x+sin x(xR),且f(y2-2y+3)+f(x2-4x+1)0,則當(dāng)y1時(shí),的取值范圍是(A)(A),(B)0,(C),(D)0,解析:因?yàn)閒(-x)=-x+sin(-x)=-f(x),且f(x)=1+cos x0,所以函數(shù)f(x)為奇函數(shù),且在R上是增函數(shù).所以由f(y2-2y+3)+f(x2-4x+1)0,得f(y2-2y+3)f(-x2+4x-1),所以y2-2y+3-x2+4x-1,即(x-2)2+(y-1)21,其表示圓(x-2)2+(y-1)2=1及其內(nèi)部.表示滿(mǎn)足的點(diǎn)P

12、與定點(diǎn)A(-1,0)連線(xiàn)的斜率.結(jié)合圖形分析可知,直線(xiàn)AC的斜率=最小,切線(xiàn)AB的斜率tanBAX=tan 2PAX=最大.故選A.二、填空題11.(xx江蘇卷)不等式4的解集為.解析:不等式4可轉(zhuǎn)化為22,由指數(shù)函數(shù)y=2x為增函數(shù)知x2-x2,解得-1x2,故所求解集為(-1,2).答案:(-1,2)12.(xx新課標(biāo)全國(guó)卷)設(shè)函數(shù)f(x)=則使得f(x)2成立的x的取值范圍是.解析:所以x0恒成立,則實(shí)數(shù)m的取值范圍是.解析:不等式+-m0恒成立,即3(+)3m恒成立.又正數(shù)a,b滿(mǎn)足a+2b=3,(a+2b) (+)=+2,當(dāng)且僅當(dāng)a=b=1時(shí)取“=”,所以實(shí)數(shù)m的取值范圍是(-, ).答案: (-, )14.(xx浙江卷)已知函數(shù)f(x)=則f(f(-3)=,f(x)的最小值是.解析:因?yàn)?31,所以f(-3)=lg(-3)2+1=lg 10=1,所以f(f(-3)=f(1)=1+-3=0.當(dāng)x1時(shí),f(x)=x+-32-3(當(dāng)且僅當(dāng)x=時(shí),取“=”),當(dāng)x1時(shí),x2+11,所以f(x)=lg(x2+1)0,又因?yàn)?-30,所以f(x)min=2-3.答案:02-3