《2022年高二上學期期中物理試卷 含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高二上學期期中物理試卷 含解析（14頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高二上學期期中物理試卷 含解析一不定項選擇題（每小題4分，40分）1帶電量分別為2Q、4Q 的兩點點電荷，相距為r，相互作用力為F現(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離增大為原來的2倍，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋ǎ〢FBCD2某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為UP和UQ，則（）AEPEQ，UPUQBEPEQ，UPUQCEPEQ，UPUQDEPEQ，UPUQ3如圖所示，電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電勢差為U2的兩塊平行極板間的偏轉(zhuǎn)勻強電場中，在滿足電子能射出平行極板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的

2、偏轉(zhuǎn)角變大的是（）AU1變大、U2變大BU1變小、U2變大CU1變大、U2變小DU1變小、U2變小4平行板電容器的電容為C，電荷量為Q，極板間的距離為d，在兩極間的中點放一電荷量很小的點電荷q，它所受的電場力大小等于（）A8kqB4kqC2qDq5用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點的強弱在圖中，左邊是等量異種點電荷形成電場的電場線，右邊是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱則（）AB、C兩點場強大小和方向都相同BA、D兩點場強大小相等，方向相反CE、O、F三點比較，O的場強最弱DB、O、C三點比較，O點場強最弱6圖中虛線為勻強

3、電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等，現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點若不計重力，則（）AM帶負電荷，N帶正電荷BN在a點的速度與M在c點的速度大小相同CN在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功DM在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零7如圖所示，在y軸上關(guān)于O點對稱的A、B兩點有等量同種點電荷+Q，在x軸上C點有點電荷Q，且CO=OD，ADO=60下列判斷正確的是（）AO點電場強度為零BD點電場強度為零C若將點電荷+q從O移向C

4、，電勢能增大D若將點電荷q從O移向C，電勢能增大8如圖所示是某導體的伏安特性曲線，由圖可知正確的是（）A導體的電阻是25B導體的電阻是0.04C當導體兩端的電壓是10V時，通過導體的電流是0.4AD當通過導體的電流是0.1A時，導體兩端的電壓是2.5V9把“220V、100W”的A燈與“220V、200W”的B燈串聯(lián)后接入220V的電路中，則（）A兩燈電阻之比為RA：RB=2：1B兩燈所分電壓之比為UA：UB=1：2C兩燈消耗的實際功率之比為PA：PB=2：1D串聯(lián)后允許接入的最大電壓為330V10在如圖的電路中，當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為（）AA燈和B燈都變亮

5、BA燈、B燈都變暗CA燈變亮，B燈變暗DA燈變暗，B燈變亮二填空題11某課外學習小組想描繪標有“4V、2W”的小燈泡的UI圖象，除導線和開關(guān)外還備有以下器材：A、電流表（量程0.6A，內(nèi)阻為1） B、電流表（量程3.0A，內(nèi)阻為0.6）C、電壓表（量程5.0V，內(nèi)阻為5k） D、電壓表（量程15V，內(nèi)阻為10k）E、滑動變阻器（最大阻值為5，額定電流1.0A）F、滑動變阻器（最大阻值為2k，額定電流0.2A）G、電源（電動勢為6.0V，內(nèi)阻約為1.5）、導線若干（1）電路中電流表應選用，電壓表選用，滑動變阻器選用（用字母填寫）（2）根據(jù)以上器材，選出既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖是圖

6、1中（3）根據(jù)（1）題所選實驗電路圖，用筆畫線代替導線，將圖2中的實驗電路連接完整（4）開關(guān)S閉合之前，圖2中滑動變阻器的滑片應該置于最端（填“左”或“右”）（5）根據(jù)圖3給出的信息，可以判斷圖4中正確的是圖中（P為小燈泡的功率）四.計算題（8+8+14+16=46分）12在真空中的O點放一點電荷Q=1.0109C，直線MN過O點，OM=30cm，M點放有一點電荷q=21010C，如圖所示，求：（1）M點電場強度大??；（2）若M點的電勢比N點的電勢高15V，則電荷q從M點移到N點，電勢能變化了多少，動能變化了多少？（靜電力常量k=9.0109 Nm2/C2）13將一個標有“220V，60W”字

7、樣的燈泡接入電路，當燈泡兩端電壓降低為200V時，燈泡消耗的功率是多大？當燈泡兩端電壓升高到230V時，流過燈泡的電流時多大？14兩塊豎直足夠長的平行板間有一勻強電場，在電場中用長為2.4cm的絲線懸一帶電小球，平衡于跟豎直方向成30角的位置，如圖所示，此時小球離負極板0.05m求：（1）若把小球提起，使絲線水平，然后釋放小球，問小球經(jīng)過最低點時速度多大？（2）球在平衡位置時將絲線剪斷，小球?qū)⒆龊畏N運動？何時碰板？15飛行時間質(zhì)譜儀可對氣體分子進行分析如圖所示，在真空狀態(tài)下，脈沖閥P噴出微量氣體，經(jīng)激光照射產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的正離子，自a板小孔進入a、b間的加速電場，從b板小孔射出，沿中

8、線方向進入M、N板間的偏轉(zhuǎn)控制區(qū)，到達探測器已知a、b板間距為d，極板M、N的長度和間距均為L不計離子重力及進入a板時的初速度（1）當a、b間的電壓為U1，在M、N間加上適當?shù)碾妷篣2，使離子到達探測器求離子到達探測器的全部飛行時間（2）為保證離子不打在極板上，試求U2與U1的關(guān)系參考答案與試題解析一不定項選擇題（每小題4分，40分）1帶電量分別為2Q、4Q 的兩點點電荷，相距為r，相互作用力為F現(xiàn)把兩個電荷的電量各減少一半，距離增大為原來的2倍，則兩個點電荷的相互作用力變?yōu)椋ǎ〢FBCD【考點】庫侖定律【分析】該題比較簡單，直接根據(jù)庫侖力公式得出兩次作用力的表達式，則可求得距離減小后的相互作

9、用力，從而解出正確結(jié)果【解答】解：由庫倫定律可得：變化前：F=k=k變化后：F=k=k所以：F=F，故ABC錯誤，D正確故選：D2某靜電場的電場線分布如圖所示，圖中P、Q兩點的電場強度的大小分別為EP和EQ，電勢分別為UP和UQ，則（）AEPEQ，UPUQBEPEQ，UPUQCEPEQ，UPUQDEPEQ，UPUQ【考點】電場線；電場強度；電勢【分析】根據(jù)電場線越密代表場強越強，可以判定P點的場強大于Q點的場強；根據(jù)沿電場線方向電勢逐漸降低可以判定P點的電勢高于Q點的電勢【解答】解：電場線越密代表場強越強，從圖可以看出P點的電場線的密集程度大于Q點的密集程度，故P點的場強大于Q點的場強，所以E

10、pEQ，又由于沿電場線方向電勢逐漸降低，由圖可知電場線的方向由P指向Q，所以P點的電勢高于Q點的電勢，即UPUQ，故A正確故選A3如圖所示，電子在電勢差為U1的加速電場中由靜止開始運動，然后射入電勢差為U2的兩塊平行極板間的偏轉(zhuǎn)勻強電場中，在滿足電子能射出平行極板區(qū)的條件下，下述四種情況中，一定能使電子的偏轉(zhuǎn)角變大的是（）AU1變大、U2變大BU1變小、U2變大CU1變大、U2變小DU1變小、U2變小【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動【分析】電子經(jīng)電場加速后，進入偏轉(zhuǎn)電場，在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做勻加速直線運動，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式求出電子離開電場時數(shù)值方向分速度，表

11、示出偏轉(zhuǎn)角正切值的表達式，從而判斷使偏轉(zhuǎn)角變小的方法【解答】解：根據(jù)動能定理：eU1=mv2得：v=在偏轉(zhuǎn)電場中vy=ata=t=vy=attan=若使偏轉(zhuǎn)角變大即使tan變大，由上式看出可以增大U2減小U1故選：B4平行板電容器的電容為C，電荷量為Q，極板間的距離為d，在兩極間的中點放一電荷量很小的點電荷q，它所受的電場力大小等于（）A8kqB4kqC2qDq【考點】庫侖定律【分析】平行板電容器極板間存在勻強電場，根據(jù)及E=求出電場強度，再根據(jù)F=Eq即可求解【解答】解：平行板電容器極板間存在勻強電場，根據(jù)及E=得：E=所以F=Eq=q故選D5用電場線能很直觀、很方便地比較電場中各點的強弱在

12、圖中，左邊是等量異種點電荷形成電場的電場線，右邊是場中的一些點：O是電荷連線的中點，E、F是連線中垂線上相對O對稱的兩點，B、C和A、D也相對O對稱則（）AB、C兩點場強大小和方向都相同BA、D兩點場強大小相等，方向相反CE、O、F三點比較，O的場強最弱DB、O、C三點比較，O點場強最弱【考點】電場線【分析】根據(jù)電場線的疏密判斷場強的大小，電場線越密，場強越大；電場線越疏，場強越小根據(jù)等量異種點電荷形成電場的電場線分布的對稱性分析對稱點場強的大小關(guān)系等量異種點電荷連線的中垂線是一條等勢線【解答】解：A、根據(jù)對稱性看出，B、C兩處電場線疏密程度相同，則B、C兩點場強大小相同這兩點場強的方向均由B

13、C，方向相同故A正確 B、根據(jù)對稱性看出，A、D兩處電場線疏密程度相同，則A、D兩點場強大小相同由圖看出，A、D兩點場強方向相同故B錯誤 C、由圖看出，E、O、F三點中，O處電場線最密，O的場強最強故C錯誤 D、由圖看出，B、O、C三點比較，O處電場線最疏，O點場強最弱故D正確故選：AD6圖中虛線為勻強電場中與場強方向垂直的等間距平行直線，兩粒子M、N質(zhì)量相等，所帶電荷的絕對值也相等，現(xiàn)將M、N從虛線上的O點以相同速率射出，兩粒子在電場中運動的軌跡分別如圖中兩條實線所示點a、b、c為實線與虛線的交點，已知O點電勢高于c點若不計重力，則（）AM帶負電荷，N帶正電荷BN在a點的速度與M在c點的速度

14、大小相同CN在從O點運動至a點的過程中克服電場力做功DM在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零【考點】帶電粒子在勻強電場中的運動；電勢【分析】電場線與等勢面垂直，由于O點電勢高于c點，故勻強電場的場強方向向下；粒子運動的軌跡上每個點的切線就是該點上的速度方向，要判斷這個粒子是克服力做功還是在電場力的作用下做正功，只需要畫出該點的切線方向，而力的方向必須與速度方向的夾角夾著運動軌跡，即運動軌跡是一定在速度方向和力的方向的夾角里面的！【解答】解：A、電場線與等勢面垂直，由于O點電勢高于c點，故勻強電場的場強方向向下；因為運動軌跡是不可能出現(xiàn)在這個夾角外的，由這點可以直接看出，圖中的N受

15、到的電場力是向上的，M受到的電場力是向下的，故N帶負電，M帶正電，故A錯誤；B、由于oa和oc間電勢差相等，電場力又都是做正功的，根據(jù)動能定理，電場力做功相等，故動能增量相等，故B答案正確；C、由于N帶負電，電場力向上，故電場力做正功，故C錯誤；D、由于ob在同一等勢面上，故M在從O點運動至b點的過程中，電場力對它做的功等于零，故D正確；故選BD7如圖所示，在y軸上關(guān)于O點對稱的A、B兩點有等量同種點電荷+Q，在x軸上C點有點電荷Q，且CO=OD，ADO=60下列判斷正確的是（）AO點電場強度為零BD點電場強度為零C若將點電荷+q從O移向C，電勢能增大D若將點電荷q從O移向C，電勢能增大【考點

16、】電場的疊加；電勢能【分析】空間某點的電場強度是由三個點電荷疊加而成的，電勢能變化要看電場力做功情況，電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加【解答】解：A、題中A、B兩個+Q在O點的場強矢量和為0，所以O(shè)點的場強等于C點在O點產(chǎn)生的場強（不為零），A選項錯誤；B、題中A、B、C三點電荷在D點產(chǎn)生的場強如圖所示，大小相等，設(shè)EA=EB=EC=E，EA、EB的矢量和沿x軸正方向，大小也等于E，EC方向沿x軸負方向，故三個場強的矢量和為0，B選項正確；C、D、x軸上x0的區(qū)間，合場強方向沿x軸負方向，所以將正電荷從O移向C，電場力做正功，電勢能減小，將負電荷從O移向C，電場力做負功，電勢

17、能增加，C選項錯誤，D選項正確故選BD8如圖所示是某導體的伏安特性曲線，由圖可知正確的是（）A導體的電阻是25B導體的電阻是0.04C當導體兩端的電壓是10V時，通過導體的電流是0.4AD當通過導體的電流是0.1A時，導體兩端的電壓是2.5V【考點】歐姆定律【分析】由IU圖象找出導體兩端電壓所對應的電流，然后由歐姆定律求出導體電阻；已知電壓與電阻，由歐姆定律可以求出通過導體的電流；已知電流與電阻，由歐姆定律可以求出導體兩端電壓【解答】解：A、根據(jù)圖象，由歐姆定律可得，導體電阻R=25，故A正確，B錯誤；C、當導體兩端電壓是10V時，通過導體的電流I=0.4A，故C正確；D、當通過導體的電流是0

18、.1A時，導體兩端的電壓U=IR=0.1A25=2.5V，故D正確；故選ACD9把“220V、100W”的A燈與“220V、200W”的B燈串聯(lián)后接入220V的電路中，則（）A兩燈電阻之比為RA：RB=2：1B兩燈所分電壓之比為UA：UB=1：2C兩燈消耗的實際功率之比為PA：PB=2：1D串聯(lián)后允許接入的最大電壓為330V【考點】電功、電功率；串聯(lián)電路和并聯(lián)電路【分析】已知額定功率和額定電壓，利用R=判斷出電阻大小，A、B兩燈泡在串聯(lián)電路中，電流相等，根據(jù)U=IR判斷電壓關(guān)系，根據(jù)P=I2R判斷出實際功率的關(guān)系，根由串并聯(lián)電路的規(guī)律可明確最大電壓【解答】解：A、根據(jù)P=得：A的電阻，B的電阻

19、，則RA：RB=2：1，故A正確；B、A、B兩燈泡在串聯(lián)電路中，電流相等，根據(jù)U=IR可知，電壓之比等于電阻之比，則UA：UB=2：1，故B錯誤；C、A、B兩燈泡在串聯(lián)電路中，電流相等，根據(jù)P=I2R可知，消耗的功率之比為PA：PB=RA：RB=2：1，故C正確；D、串聯(lián)后允許接入后100W燈泡達最大電壓，此時200W燈泡的兩端的電壓為110V，故最大電壓為330V；故D正確；故選：ACD10在如圖的電路中，當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，A、B兩燈亮度的變化情況為（）AA燈和B燈都變亮BA燈、B燈都變暗CA燈變亮，B燈變暗DA燈變暗，B燈變亮【考點】閉合電路的歐姆定律【分析】從圖可知，滑動變

20、阻器與燈泡B并聯(lián)，然后跟另一電阻串聯(lián)，再和燈泡A并聯(lián)，首先判斷滑動變阻器電阻的變化情況，然后根據(jù)串聯(lián)電路中電阻的特點，得出總電阻變化情況由于電壓一定，由歐姆定律可知電路中電流表的變化及電壓表示數(shù)的變化判斷燈泡的亮度應依據(jù)燈泡的實際功率，由于燈泡的電阻不變，可利用公式P=I2R判斷燈泡實際功率的變化【解答】解：當滑動變阻器的滑動頭向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變小，并聯(lián)部分的總電阻變小，所以總電阻變小，總電流變大，所以電源內(nèi)阻的電壓變大，所以A燈的電壓變小，根據(jù)可知A的功率變小，故A燈變暗；由I=可知A的電流變小，而總電流變大，所以通過另一支路的電流變大，所以另一個電阻的電壓變大，故燈泡B

21、的電壓變小，根據(jù)可知B的功率變小，故B燈變暗故選B二填空題11某課外學習小組想描繪標有“4V、2W”的小燈泡的UI圖象，除導線和開關(guān)外還備有以下器材：A、電流表（量程0.6A，內(nèi)阻為1） B、電流表（量程3.0A，內(nèi)阻為0.6）C、電壓表（量程5.0V，內(nèi)阻為5k） D、電壓表（量程15V，內(nèi)阻為10k）E、滑動變阻器（最大阻值為5，額定電流1.0A）F、滑動變阻器（最大阻值為2k，額定電流0.2A）G、電源（電動勢為6.0V，內(nèi)阻約為1.5）、導線若干（1）電路中電流表應選用A，電壓表選用C，滑動變阻器選用E（用字母填寫）（2）根據(jù)以上器材，選出既滿足實驗要求，又要減小誤差的實驗電路圖是圖1

22、中丙（3）根據(jù)（1）題所選實驗電路圖，用筆畫線代替導線，將圖2中的實驗電路連接完整（4）開關(guān)S閉合之前，圖2中滑動變阻器的滑片應該置于最左端（填“左”或“右”）（5）根據(jù)圖3給出的信息，可以判斷圖4中正確的是圖中（P為小燈泡的功率）BD【考點】描繪小電珠的伏安特性曲線【分析】（1）選擇器材的原則是安全、精確，通過小燈泡的額定電壓和額定電流從精確的角度選擇電壓表和電流表的量程，從測量誤差大小的角度選擇合適的滑動變阻器（2）通過燈泡的電阻是大電阻還是小電阻判斷電流表的內(nèi)接法還是外接法電壓和電流需從0開始測起，滑動變阻器采用分壓式接法閉合電鍵時，要讓測量電路處于短路狀態(tài)，使得初始狀態(tài)電壓和電流為零（

23、3）根據(jù)接法連接實物圖；（4）根據(jù)滑動變阻器的作用分析滑動變阻器滑片應滑到的距離；（5）由功率公式可求得燈泡功率與電阻的關(guān)系【解答】解：（1）燈泡的額定電壓為4V，則電壓表的量程選用5.0V的，燈泡的額定電流I=，則電流表量程選用0.6A的，最大阻值200的滑動變阻器接入電路時，使得電路中的電流太小，測量誤差較大，所以選用最大阻值為10的滑動變阻器故選A、C、E（2）燈泡正常工作時的電阻R=，遠小于電壓表內(nèi)阻，屬于小電阻，所以電流表采用外接法，電壓和電流需從0開始測起，所以滑動變阻器需采用分壓式接法故選丙圖；（3）實物圖如下圖所示；（4）實驗開始時，滑動變阻器的滑片應該置于最左端，保護測量電路

24、部分（5）由b圖知電阻隨小燈泡兩端電壓的增大而增大，P=，PU2圖象的斜率表示電阻的倒數(shù)，故斜率應該越來越小，故B正確；P=I2R，PI2圖象的斜率表示電阻，故斜率應該越來越大，故D正確；故答案為：（1）ACE；（2）丙；（3）如圖；（4）左；（5）BD四.計算題（8+8+14+16=46分）12在真空中的O點放一點電荷Q=1.0109C，直線MN過O點，OM=30cm，M點放有一點電荷q=21010C，如圖所示，求：（1）M點電場強度大??；（2）若M點的電勢比N點的電勢高15V，則電荷q從M點移到N點，電勢能變化了多少，動能變化了多少？（靜電力常量k=9.0109 Nm2/C2）【考點】點電

25、荷的場強；電場強度【分析】（1）知道點電荷的電荷量，知道距離點電荷的距離，由點電荷的場強公式可以直接求得結(jié)果（2）根據(jù)電場力做功的公式可以直接求得電場力做的功的大小，從而可以知道電勢能的變化【解答】解：（1）由點電荷的場強公式E=k 可知， 解得：E=100N/C，所以電荷Q在M點的電場強度大小是100N/C（2）電荷q從M點移到N點，電場力做的功為：WMN=qUMN=q（MN）=3109J，所以電勢能增加了3109J；答：（1）M點電場強度大小100N/C； （2）電勢能增加3109J，動能減少3109J13將一個標有“220V，60W”字樣的燈泡接入電路，當燈泡兩端電壓降低為200V時，燈

26、泡消耗的功率是多大？當燈泡兩端電壓升高到230V時，流過燈泡的電流時多大？【考點】交流的峰值、有效值以及它們的關(guān)系【分析】根據(jù)P=知燈泡電阻R，再根據(jù)P=求實際功率，根據(jù)歐姆定律求解電流【解答】解：根據(jù)P=知燈泡電阻R=當燈泡兩端電壓降低為200V時，燈泡消耗的功率是P=49.59W當燈泡兩端電壓升高到230V時，流過燈泡的電流I=0.29A答：當燈泡兩端電壓降低為200V時，燈泡消耗的功率是49.59W；當燈泡兩端電壓升高到230V時，流過燈泡的電流為0.29A14兩塊豎直足夠長的平行板間有一勻強電場，在電場中用長為2.4cm的絲線懸一帶電小球，平衡于跟豎直方向成30角的位置，如圖所示，此時

27、小球離負極板0.05m求：（1）若把小球提起，使絲線水平，然后釋放小球，問小球經(jīng)過最低點時速度多大？（2）球在平衡位置時將絲線剪斷，小球?qū)⒆龊畏N運動？何時碰板？【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關(guān)系；物體的彈性和彈力【分析】（1）根據(jù)動能定理列式，結(jié)合平衡方程求出電場力，即可得出最低點速度（2）小球此時受到重力豎直向下，電場力水平向右，繩子拉力沿繩子向上，處于三力平衡狀態(tài)，如將細線剪斷，其余二力的合力一定沿繩子的反方向，大小等于原先繩子的力，所以小球?qū)⒆鰟蚣铀僦本€運動，根據(jù)勻變速直線運動規(guī)律解出物體的運動時間【解答】解：（1）可知小球帶正電，擺到最低點的過程，由動能定理得平衡時有：qE=mg

28、tan30所以： =0.6m/s（2）球在平衡位置時將絲線剪斷，小球做初速度為零的勻加速直線運動s=0.05m根據(jù)解得：答：（1）若把小球提起，使絲線水平，然后釋放小球，小球經(jīng)過最低點時速度0.6m/s（2）球在平衡位置時將絲線剪斷，小球?qū)⒆龀跛俣葹榱愕膭蚣铀僦本€運動，經(jīng)0.13s碰板15飛行時間質(zhì)譜儀可對氣體分子進行分析如圖所示，在真空狀態(tài)下，脈沖閥P噴出微量氣體，經(jīng)激光照射產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的正離子，自a板小孔進入a、b間的加速電場，從b板小孔射出，沿中線方向進入M、N板間的偏轉(zhuǎn)控制區(qū)，到達探測器已知a、b板間距為d，極板M、N的長度和間距均為L不計離子重力及進入a板時的初速度（1）

29、當a、b間的電壓為U1，在M、N間加上適當?shù)碾妷篣2，使離子到達探測器求離子到達探測器的全部飛行時間（2）為保證離子不打在極板上，試求U2與U1的關(guān)系【考點】帶電粒子在勻強磁場中的運動；動能定理的應用【分析】（1）離子在a、b間做加速運動，進入M、N板間區(qū)域后做類平拋運動；運用能量的轉(zhuǎn)化和守恒，求出進入M、N時的速度，利用運動學公式可求出加速所用的時間，離子在M、N間的水平方向上做勻速直線運動，從而可求出在M、N間運動的時間（2）離子在M、N間是類平拋運動，在沿電場方向上，離子做初速度為零的勻加速直線運動，因離子是從沿中心線射入的，所以離子在此方向上的位移要小于M、N距離的一半運用運動學公式可求出兩個電壓的關(guān)系【解答】解：（1）在加速過程中，電勢能轉(zhuǎn)化為動能，由動能定理有：離子在a、b間的加速度為：離子在a、b間做勻加速直線運動，運動的時間為：在MN間做類平拋運動，運動的時間為：離子達到探測器的時間：（2）離子在MN間做類平拋運動，側(cè)移距離為：離子不達到極板上，可知有：結(jié)合上式解得：U22U1答：（1）離子到達探測器的全部飛行時間為 （2）為保證離子不打在極板上，U2與U1應滿足U22U1xx12月9日