《2022年高考物理模擬試卷 含解析(I)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理模擬試卷 含解析(I)（20頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理模擬試卷 含解析(I)一、選擇題（本卷共20小題，每題3分，共60分，在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是最符合題目要求的）1下列關(guān)于位移和路程的說法，正確的是（）A位移是矢量，路程是標(biāo)量，但位移的大小和路程總是相等B位移描述直線運(yùn)動(dòng)，路程描述曲線運(yùn)動(dòng)C位移取決于始末位置，而路程取決于實(shí)際運(yùn)動(dòng)的路線D物體經(jīng)過的路程總大于物體位移的大小2幾個(gè)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，在時(shí)間t內(nèi)位移一定最大的是（）A加速度最大的物體B初速度最大的物體C末速度最大的物體D平均速度最大的物體3關(guān)于重力的方向，下列各種敘述中正確的是（）A重力的方向總是垂直向下B重力的方向總是跟支持重物的支持面垂直C重力的

2、方向總是豎直向下D重力的方向總是跟支持面對重物的支持力方向相反4如圖所示，用力F把鐵塊壓在豎直墻上不動(dòng)，那么，當(dāng)F增大時(shí)，關(guān)于鐵塊對墻的壓力N，鐵塊受墻的摩擦力f，下列判斷正確的是（）AN增大，f不變BN增大，f增大CN變小，f不變DN不變，f不變5一個(gè)質(zhì)點(diǎn)受到兩個(gè)互成銳角的力F1和F2的作用，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，若運(yùn)動(dòng)中保持兩個(gè)力的方向不變，但F1突然增大F，則質(zhì)點(diǎn)此后（）A一定做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)B可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)C可能做變加速曲線運(yùn)動(dòng)D一定做勻變速直線運(yùn)動(dòng)6一物體從某高度以初速度v0水平拋出，落地時(shí)速度大小為vt，則它運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（）ABCD7如圖所示，為一物體做直線運(yùn)動(dòng)vt圖象，初速度為v0，

3、末速度為v1，則物體在t1時(shí)間內(nèi)的平均速度為（）A =BCD無法確定8如圖所示，物塊A放在木板上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將木塊B略向右移動(dòng)一些，使傾角減小，則下列結(jié)論正確的是（）A物塊A與木板間的正壓力減小B物塊A所受的摩擦力減小C物塊A受合力減小D木板對A的作用力減小9在力學(xué)單位制中，選定下面哪一組物理量的單位作為基本單位（）A速度、質(zhì)量和時(shí)間B重力、長度和時(shí)間C長度、質(zhì)量和時(shí)間D位移、質(zhì)量和速度10關(guān)于物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的正確說法是（）A速度的大小和方向都改變B速度的大小和方向都不變C速度的大小改變，方向不變D速度的大小不變，方向改變11物體在做下列哪些運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能一定不守恒（）A自由落體運(yùn)動(dòng)B豎

4、直向上運(yùn)動(dòng)C沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)D沿光滑的豎直圓環(huán)軌道的內(nèi)壁做圓周運(yùn)動(dòng)12一個(gè)行星，其半徑比地球的半徑大2倍，質(zhì)量是地球的25倍，則它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A6倍B4倍C倍D12倍13如圖所示，上凸橋ABC和凹橋ABC由相同材料制成，軌道半徑和粗糙程度相同，有一小物體前后兩次以相同的初速率經(jīng)兩橋面到C和C，若路程相同則到達(dá)C的速度v和到達(dá)C的速度v相比較有（）Av=vBvvCvvD無法確定14電場中有一點(diǎn)P，下列說法正確的是（）A若放在P點(diǎn)的電荷的電量減半，則P點(diǎn)場強(qiáng)減半B若P點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P點(diǎn)的場強(qiáng)為零CP點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受的電場力越大DP點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)?/p>

5、正電荷在該點(diǎn)的受力方向15如圖所示，一根通有電流I的直銅棒MN，用導(dǎo)線掛在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，此時(shí)兩根懸線處于緊張狀態(tài)，下列哪些措施可使懸線中張力為零（）A適當(dāng)增大電流B使電流反向并適當(dāng)減小C保持電流I不變，適當(dāng)增大BD使電流I反向，適當(dāng)減小16啟動(dòng)衛(wèi)星的發(fā)動(dòng)機(jī)使其速度加大，待它運(yùn)動(dòng)到距離地面的高度比原來大的位置，再定位使它繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)成為另一軌道的衛(wèi)星，該衛(wèi)星后一軌道與前一軌道相比（）A速率增大B周期增大C向心力增大D加速度增大17兩物體A和B，質(zhì)量分別為m1和m2，互相接觸放在光滑水平面上，如圖所示對物體A施以水平的推力F，則物體A對物體B的作用力等于（）ABCFD18一個(gè)

6、人站在陽臺(tái)上，以相同的速率分別把三個(gè)球豎直向下、豎直向上、水平拋出，不計(jì)空氣阻力，則三球落地時(shí)的速率（）A上拋球最大B下拋球最大C平拋球最大D一樣大19關(guān)于作用力與反作用力，下列說法中正確的有（）A物體相互作用時(shí)，先有作用力，后有反作用力B作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直線上，因而這二力平衡C作用力與反作用力可以是不同性質(zhì)的力D作用力和反作用力總是同時(shí)分別作用在相互作用的兩個(gè)物體上20如圖所示的各電場中，A、B兩點(diǎn)場強(qiáng)相同的是（）ABCD二、實(shí)驗(yàn)題（本題共3小題，每題4分，共12分）21在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩

7、根細(xì)繩實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個(gè)彈簧秤通過細(xì)繩拉橡皮條同學(xué)們在操作過程中有如下議論，其中說法正確的是（）A兩細(xì)繩必須等長B彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行C兩次拉橡皮條時(shí)不必將其結(jié)點(diǎn)拉至同一個(gè)位置D拉橡皮條的細(xì)繩要稍長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些22在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，如果以為縱軸，以h為橫軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)給出的h圖象應(yīng)是，h圖象的斜率等于的數(shù)值23關(guān)于探究功與物體速度變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，下列敘述正確的是（）A每次實(shí)驗(yàn)必須設(shè)法算出橡皮筋對小車做功的具體數(shù)值B每次實(shí)驗(yàn)中，橡皮筋拉伸的長度必須保持一致C放小車的長木板應(yīng)該盡量

8、使其水平D先接通電源，再讓小車在橡皮筋的作用下彈出三、綜合題（本題共2小題，共28分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）24如圖所示，質(zhì)量為m=5kg的物體與水平地面間的動(dòng)摩撩因數(shù)=0.2，現(xiàn)用F=25N且與水平方向成=37的力拉物體，使物體加速運(yùn)動(dòng)，求物體加速度的大小？（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）25AB是豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧形軌道，在下端B點(diǎn)與水平軌道相切，如圖所示，一小球自A點(diǎn)起由靜止開始沿軌道下滑已知圓軌道半徑為R，小球的質(zhì)量為m，不計(jì)各處摩擦求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到

9、B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；（2）小球下滑到距水平軌道的高度為R時(shí)的速度大小和方向（3）小球經(jīng)過圓弧軌道的B點(diǎn)和水平軌道的C點(diǎn)時(shí)，所受軌道支持力各是多大參考答案與試題解析一、選擇題（本卷共20小題，每題3分，共60分，在每題列出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是最符合題目要求的）1下列關(guān)于位移和路程的說法，正確的是（）A位移是矢量，路程是標(biāo)量，但位移的大小和路程總是相等B位移描述直線運(yùn)動(dòng)，路程描述曲線運(yùn)動(dòng)C位移取決于始末位置，而路程取決于實(shí)際運(yùn)動(dòng)的路線D物體經(jīng)過的路程總大于物體位移的大小【考點(diǎn)】位移與路程【分析】位移是矢量，大小等于首末位置的距離，路程是標(biāo)量，大小等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長度當(dāng)物體做單向直線運(yùn)動(dòng)，位移的大小等于

10、路程【解答】解：A、位移是矢量，大小等于首末位置的距離，路程是標(biāo)量，大小等于運(yùn)動(dòng)軌跡的長度，位移的大小不一定與路程相等，故A錯(cuò)誤B、位移和路程都可以描述直線運(yùn)動(dòng)和曲線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤C、位移取決于始末位置，路程取決于實(shí)際運(yùn)動(dòng)的路線，故C正確D、當(dāng)物體做直線運(yùn)動(dòng)，路程等于位移的大小，故D錯(cuò)誤故選：C2幾個(gè)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)的物體，在時(shí)間t內(nèi)位移一定最大的是（）A加速度最大的物體B初速度最大的物體C末速度最大的物體D平均速度最大的物體【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移與時(shí)間的關(guān)系；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式【分析】根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度推論以及位移時(shí)間公式判斷哪種情況位移一定最大【解答】解：A、根據(jù)知，加速

11、度最大的物體，位移不一定最大，故A錯(cuò)誤B、根據(jù)x=知，初速度最大或末速度最大的物體，位移不一定最大，故B、C錯(cuò)誤D、根據(jù)x=知，平均速度最大的物體，位移一定最大，故D正確故選：D3關(guān)于重力的方向，下列各種敘述中正確的是（）A重力的方向總是垂直向下B重力的方向總是跟支持重物的支持面垂直C重力的方向總是豎直向下D重力的方向總是跟支持面對重物的支持力方向相反【考點(diǎn)】重力【分析】重力是由于地球的吸引而產(chǎn)生的，重力的方向豎直向下或者說垂直于當(dāng)?shù)氐乃矫?，并非指向球心【解答】解：重力方向總是豎直向下的，或者說垂直于當(dāng)?shù)氐乃矫妫灰欢ù怪蔽矬w所在處的地面，故ABD錯(cuò)誤，C正確故選：C4如圖所示，用力F把鐵

12、塊壓在豎直墻上不動(dòng)，那么，當(dāng)F增大時(shí)，關(guān)于鐵塊對墻的壓力N，鐵塊受墻的摩擦力f，下列判斷正確的是（）AN增大，f不變BN增大，f增大CN變小，f不變DN不變，f不變【考點(diǎn)】摩擦力的判斷與計(jì)算【分析】當(dāng)重力小于最大靜摩擦力時(shí)，物體處于靜止，摩擦力大小等于外力大??；當(dāng)重力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體處于滑動(dòng)，則摩擦力等于動(dòng)摩擦力因數(shù)與正壓力的乘積【解答】解：用水平力F壓鐵塊于豎直墻壁上不動(dòng)，設(shè)墻壁對鐵塊的壓力為N，對鐵塊的摩擦力為f，當(dāng)F增大時(shí)，它的反作用力即墻壁對鐵塊的壓力為N也增大而鐵塊的摩擦力是由鐵塊的重力引起的，所以摩擦力不變由于鐵塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，所以所受的合力為零故選：A5一個(gè)質(zhì)點(diǎn)受到兩個(gè)互

13、成銳角的力F1和F2的作用，由靜止開始運(yùn)動(dòng)，若運(yùn)動(dòng)中保持兩個(gè)力的方向不變，但F1突然增大F，則質(zhì)點(diǎn)此后（）A一定做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)B可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)C可能做變加速曲線運(yùn)動(dòng)D一定做勻變速直線運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】物體做曲線運(yùn)動(dòng)的條件【分析】質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)，就看合力的方向與速度的方向是否在同一條直線上，在同一條直線上，就做直線運(yùn)動(dòng)，不在一條直線上，質(zhì)點(diǎn)就做曲線運(yùn)動(dòng)【解答】解：質(zhì)點(diǎn)原來是靜止的，在F1、F2的合力的作用下開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)做的是直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間之后，物體就有了速度，而此時(shí)將F1突然增大為F1+F，F(xiàn)1變大了，它們的合力也就變了，原來合力的方向與速度的方向在一條直線上，質(zhì)點(diǎn)做的

14、是直線運(yùn)動(dòng)，把F1改變之后，由平行四邊形定則可知，合力的大小變了，合力的方向也變了，就不再和速度的方向在同一條直線上了，所以此后質(zhì)點(diǎn)將做曲線運(yùn)動(dòng)，由于F1、F2都是恒力，改變之后它們的合力還是恒力，質(zhì)點(diǎn)的加速度就是定值，所以在相等的時(shí)間里速度的增量一定相等，故質(zhì)點(diǎn)是在做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤故選：A6一物體從某高度以初速度v0水平拋出，落地時(shí)速度大小為vt，則它運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（）ABCD【考點(diǎn)】平拋運(yùn)動(dòng)【分析】將物體落地的速度進(jìn)行分解，求出豎直方向的分速度vy，再根據(jù)豎直方向是自由落體運(yùn)動(dòng)，求解運(yùn)動(dòng)時(shí)間【解答】解：將物體落地的速度進(jìn)行分解，如圖，則有 vy=又由小球豎直方向做自由

15、落體運(yùn)動(dòng)，vy=gt得到t=故選D7如圖所示，為一物體做直線運(yùn)動(dòng)vt圖象，初速度為v0，末速度為v1，則物體在t1時(shí)間內(nèi)的平均速度為（）A =BCD無法確定【考點(diǎn)】勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系【分析】本題考查速度圖象與時(shí)間軸圍成的面積等于物體通過的位移，根據(jù)x=t可得物體的平均速度；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的平均速度等于初末速度的算術(shù)平均值，連接初末兩點(diǎn)，即可得到勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度圖象，從而得到實(shí)際運(yùn)動(dòng)的位移和勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移的大小關(guān)系，從而得到他們的平均速度的大小關(guān)系【解答】解：連接圖象的起點(diǎn)和終點(diǎn)可得到一個(gè)勻變速直線運(yùn)動(dòng)，其平均速度為；而由圖可知，變加速運(yùn)動(dòng)的位移小于

16、勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移，故可知，變加速運(yùn)動(dòng)的平均速度小于；故C正確故選：C8如圖所示，物塊A放在木板上處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將木塊B略向右移動(dòng)一些，使傾角減小，則下列結(jié)論正確的是（）A物塊A與木板間的正壓力減小B物塊A所受的摩擦力減小C物塊A受合力減小D木板對A的作用力減小【考點(diǎn)】共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；重力【分析】要求支持力和摩擦力如何變化，需要對物體進(jìn)行受力分析，然后通過正交分解求出重力的沿木板方向和垂直木板方向的分力，再根據(jù)物體處于平衡狀態(tài)求出支持力和摩擦力的表達(dá)式，最后根據(jù)傾角的變化判斷出支持力和摩擦力的變化情況【解答】解：AB、將木塊B略向右移動(dòng)一些，使傾角減小，重力沿斜面方向的分力減小，

17、一定能保持靜止?fàn)顟B(tài)；對物體A進(jìn)行受力分析可知物體受豎直向下的重力mg，垂直木板向上的支持力N，沿木板向上的靜摩擦力f，由于物體始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，故垂直木板方向合力為零，所以N=mgcos在沿斜面方向有：f=mgsin，由題意可知逐漸減小，故N逐漸增大，f逐漸減小，故A錯(cuò)誤，B正確；C、物體仍然處于平衡狀態(tài)，所以受到的合外力仍然等于0，故C錯(cuò)誤；D、A仍處于靜止?fàn)顟B(tài)，受力平衡，木板對A的作用力始終等于A的重力，不變，故D錯(cuò)誤故選：B9在力學(xué)單位制中，選定下面哪一組物理量的單位作為基本單位（）A速度、質(zhì)量和時(shí)間B重力、長度和時(shí)間C長度、質(zhì)量和時(shí)間D位移、質(zhì)量和速度【考點(diǎn)】力學(xué)單位制【分析】在力學(xué)單

18、位制中，選定長度、質(zhì)量和時(shí)間的單位為基本單位【解答】解：在力學(xué)單位制中，基本單位是m、kg、s，分別是基本物理量長度、質(zhì)量和時(shí)間的單位故選：C10關(guān)于物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的正確說法是（）A速度的大小和方向都改變B速度的大小和方向都不變C速度的大小改變，方向不變D速度的大小不變，方向改變【考點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速【分析】勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度的大小不變，方向時(shí)刻改變【解答】解：勻速圓周運(yùn)動(dòng)的線速度的大小不變，方向時(shí)刻改變故D正確，A、B、C錯(cuò)誤故選：D11物體在做下列哪些運(yùn)動(dòng)時(shí)機(jī)械能一定不守恒（）A自由落體運(yùn)動(dòng)B豎直向上運(yùn)動(dòng)C沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)D沿光滑的豎直圓環(huán)軌道的內(nèi)壁做圓周運(yùn)動(dòng)【考點(diǎn)】機(jī)

19、械能守恒定律【分析】機(jī)械能守恒的條件：物體只有重力或彈簧的彈力做功則機(jī)械能守恒；根據(jù)條件可以判斷是否守恒【解答】解：A、物體做自由落體運(yùn)動(dòng)，只有重力做功，機(jī)械能一定守恒，故A錯(cuò)誤；B、物體豎直向上運(yùn)動(dòng)，可能只受重力，機(jī)械能守恒，故B錯(cuò)誤；C、物體沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，一定有除重力以外的力做負(fù)功，機(jī)械能一定減小，故C正確；D、沿光滑的豎直圓環(huán)軌道的內(nèi)壁做圓周運(yùn)動(dòng)，軌道的彈力不做功，只有重力做功，機(jī)械能一定守恒故D錯(cuò)誤故選C12一個(gè)行星，其半徑比地球的半徑大2倍，質(zhì)量是地球的25倍，則它表面的重力加速度是地球表面重力加速度的（）A6倍B4倍C倍D12倍【考點(diǎn)】萬有引力定律及其應(yīng)用；向心力【分析】根據(jù)

20、萬有引力等于重力，得出重力加速度的表達(dá)式，從而得出重力加速度之比【解答】解：根據(jù)得：g=，因?yàn)樾行堑馁|(zhì)量是地球質(zhì)量的25倍，半徑是地球半徑的3倍，則行星表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的倍故C正確，A、B、D錯(cuò)誤故選：C13如圖所示，上凸橋ABC和凹橋ABC由相同材料制成，軌道半徑和粗糙程度相同，有一小物體前后兩次以相同的初速率經(jīng)兩橋面到C和C，若路程相同則到達(dá)C的速度v和到達(dá)C的速度v相比較有（）Av=vBvvCvvD無法確定【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；牛頓第二定律；向心力【分析】滑塊從A到B過程中，只有阻力做功，但ACB軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)失重，ABC軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)超重，故ABD軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)阻力大

21、，根據(jù)動(dòng)能定理判斷末速度大小【解答】解：由于AB軌道等高，故滑塊從A到B過程中，只有阻力做功，根據(jù)動(dòng)能定理，克服阻力做功等于動(dòng)能的減小量；但ABC軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度向下，是失重；ABC軌道上運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度向上，是超重，在ABC軌道運(yùn)動(dòng)時(shí)的摩擦力大，克服摩擦力做功多，力做功多，動(dòng)能減小多，故vv；故選：B14電場中有一點(diǎn)P，下列說法正確的是（）A若放在P點(diǎn)的電荷的電量減半，則P點(diǎn)場強(qiáng)減半B若P點(diǎn)沒有檢驗(yàn)電荷，則P點(diǎn)的場強(qiáng)為零CP點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受的電場力越大DP點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度【分析】電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)；場強(qiáng)公式E=，采用

22、比值法下的定義；利用場強(qiáng)方向的規(guī)定判斷場強(qiáng)方向與電場力的方向【解答】解：AB、電場強(qiáng)度取決于電場本身，與有無試探電荷無關(guān)，所以在p點(diǎn)電荷減半或無檢驗(yàn)電荷，P點(diǎn)的場強(qiáng)不變，故AB錯(cuò)誤C、據(jù)F=Eq知，P點(diǎn)的場強(qiáng)越大，則同一電荷在P點(diǎn)所受的電場力越大，故C正確D、據(jù)場強(qiáng)方向的規(guī)定，正電荷所受電場力的方向與場強(qiáng)方向相同，所以P點(diǎn)的場強(qiáng)方向?yàn)檎姾稍谠擖c(diǎn)的受力方向，故D正確故選：CD15如圖所示，一根通有電流I的直銅棒MN，用導(dǎo)線掛在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，此時(shí)兩根懸線處于緊張狀態(tài)，下列哪些措施可使懸線中張力為零（）A適當(dāng)增大電流B使電流反向并適當(dāng)減小C保持電流I不變，適當(dāng)增大BD使電流I反向，適

23、當(dāng)減小【考點(diǎn)】安培力【分析】當(dāng)ab通以如圖所示的電流I時(shí)，導(dǎo)線所受安培力方向向上，懸線張力不為零，要使懸線張力為零，安培力方向要向上，再根據(jù)左手定則判斷【解答】解：棒處于方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場中，棒中通有電流，方向從M流向N，根據(jù)左手定則可得，安培力的方向豎直向上，由于此時(shí)懸線上有拉力，為了使拉力等于零，則安培力必須增加所以適當(dāng)增加電流強(qiáng)度，或增大磁場；故選：AC16啟動(dòng)衛(wèi)星的發(fā)動(dòng)機(jī)使其速度加大，待它運(yùn)動(dòng)到距離地面的高度比原來大的位置，再定位使它繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)成為另一軌道的衛(wèi)星，該衛(wèi)星后一軌道與前一軌道相比（）A速率增大B周期增大C向心力增大D加速度增大【考點(diǎn)】人造衛(wèi)星的加速度、周期

24、和軌道的關(guān)系；萬有引力定律及其應(yīng)用【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出線速度、周期、加速度、向心力與軌道半徑的關(guān)系，從而比較出大小【解答】解：根據(jù)，解得a=，v=，T=，知軌道半徑越大，線速度越小，加速度越小，周期越大向心力等于萬有引力，軌道半徑增大，則向心力減小故B正確，A、C、D錯(cuò)誤故選B17兩物體A和B，質(zhì)量分別為m1和m2，互相接觸放在光滑水平面上，如圖所示對物體A施以水平的推力F，則物體A對物體B的作用力等于（）ABCFD【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【分析】先對整體研究，由牛頓第二定律求出加速度，再隔離右側(cè)物體研究，右側(cè)物體水平方向受到左側(cè)物體對它的作用力，由牛頓第二定律

25、求出作用力【解答】解：根據(jù)牛頓第二定律，得對整體：a=對右側(cè)物體：F=m2a=F故選B18一個(gè)人站在陽臺(tái)上，以相同的速率分別把三個(gè)球豎直向下、豎直向上、水平拋出，不計(jì)空氣阻力，則三球落地時(shí)的速率（）A上拋球最大B下拋球最大C平拋球最大D一樣大【考點(diǎn)】動(dòng)能定理【分析】不計(jì)空氣阻力，物體的機(jī)械能守恒，分析三個(gè)的運(yùn)動(dòng)情況，由機(jī)械能守恒可以判斷落地的速度【解答】解：由于不計(jì)空氣的阻力，所以三個(gè)球的機(jī)械能守恒，由于它們的初速度的大小相同，又是從同一個(gè)位置拋出的，最后又都落在了地面上，所以它們的初末的位置相同，初動(dòng)能也相同，由機(jī)械能守恒可知，末動(dòng)能也相同，所以末速度的大小相同故選D19關(guān)于作用力與反作用力

26、，下列說法中正確的有（）A物體相互作用時(shí)，先有作用力，后有反作用力B作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一直線上，因而這二力平衡C作用力與反作用力可以是不同性質(zhì)的力D作用力和反作用力總是同時(shí)分別作用在相互作用的兩個(gè)物體上【考點(diǎn)】牛頓第三定律【分析】由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個(gè)物體上，力的性質(zhì)相同，它們同時(shí)產(chǎn)生，同時(shí)變化，同時(shí)消失【解答】解：A、作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在同一條直線上；不存在不符合規(guī)律的時(shí)刻，故同時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)變化、同時(shí)消失，故A錯(cuò)誤；B、由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，作

27、用在同一條直線上，但不在同一物體上，因此兩個(gè)力的作用效果不能相互抵消，不是平衡力故B錯(cuò)誤；C、作用力與反作用力是物體間的相互作用，力產(chǎn)生的性質(zhì)是一樣的，故C錯(cuò)誤；D、作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，但不在同一物體上，故D正確；故選：D20如圖所示的各電場中，A、B兩點(diǎn)場強(qiáng)相同的是（）ABCD【考點(diǎn)】電場強(qiáng)度【分析】電場強(qiáng)度是矢量，既有大小又有方向，只有當(dāng)大小方向均相同時(shí)，場強(qiáng)才相同【解答】解：A、在負(fù)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，同心球面上的點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相等，但方向不同，故A錯(cuò)誤B、正點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場中，AB兩點(diǎn)場強(qiáng)的方向相同，大小不同，故B錯(cuò)誤C、兩平行

28、板間的電場是勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小方向都相等，故C正確D、AB兩點(diǎn)處的電場線的疏密和切線方向都不同即A、B兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小和方向都不同，故D錯(cuò)誤故選：C二、實(shí)驗(yàn)題（本題共3小題，每題4分，共12分）21在“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”實(shí)驗(yàn)中，先將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細(xì)繩實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個(gè)彈簧秤通過細(xì)繩拉橡皮條同學(xué)們在操作過程中有如下議論，其中說法正確的是（）A兩細(xì)繩必須等長B彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行C兩次拉橡皮條時(shí)不必將其結(jié)點(diǎn)拉至同一個(gè)位置D拉橡皮條的細(xì)繩要稍長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要

29、遠(yuǎn)些【考點(diǎn)】探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律【分析】該實(shí)驗(yàn)采用了“等效替代”的原理，即合力與分力的關(guān)系是等效的，要求兩次拉橡皮筋時(shí)的形變量和方向是相同的【解答】解：A、通過兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條時(shí)，并非要求兩細(xì)繩等長，故A錯(cuò)誤；B、測量力的實(shí)驗(yàn)要求盡量準(zhǔn)確，為了減小實(shí)驗(yàn)中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，故B正確；C、為了保證用兩根彈簧秤共同作用的效果與一根彈簧秤作用的效果相同，兩次拉橡皮條時(shí)需將其結(jié)點(diǎn)拉至同一個(gè)位置故C錯(cuò)誤D、為了減小誤差，拉橡皮條的細(xì)繩要稍長些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些故D正確故選：BD22在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)，如果以為縱軸，以

30、h為橫軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)給出的h圖象應(yīng)是過原點(diǎn)的傾斜直線，h圖象的斜率等于重力加速度的數(shù)值【考點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律【分析】根據(jù)機(jī)械能守恒定律寫出機(jī)械能守恒的表達(dá)式，從而得出h的關(guān)系，得出圖線的性質(zhì)以及圖線的斜率【解答】解：在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，有mgh=mv2，則=gh，g是常數(shù)，所以圖線為過原點(diǎn)的傾斜直線，圖線的斜率等于g，即重力加速度故答案為：過原點(diǎn)的傾斜直線，重力加速度23關(guān)于探究功與物體速度變化的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中，下列敘述正確的是（）A每次實(shí)驗(yàn)必須設(shè)法算出橡皮筋對小車做功的具體數(shù)值B每次實(shí)驗(yàn)中，橡皮筋拉伸的長度必須保持一致C放小車的長木板應(yīng)該盡量使其水平D先接通電源，再讓小車在橡皮

31、筋的作用下彈出【考點(diǎn)】探究功與速度變化的關(guān)系【分析】利用橡皮筋探究功與速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)時(shí)，應(yīng)選取幾條完全相同的橡皮筋，為使它們每次做的功相同，橡皮筋拉伸的長度必要保持一致；小車的運(yùn)動(dòng)是先加速后勻速，最后勻速的速度為最大速度，即為所求速度實(shí)驗(yàn)中小車和木板間存在摩擦，實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力【解答】解：A、橡皮筋完全相同，通過增加橡皮筋的條數(shù)來使功倍增，因此不需要計(jì)算橡皮筋每次對小車做功的具體數(shù)值，故A錯(cuò)誤；B、通過增加橡皮筋的條數(shù)來使功倍增，故橡皮筋每次拉伸長度必須保持一致故B正確；C、實(shí)驗(yàn)中小車和木板間存在摩擦，實(shí)驗(yàn)前需要平衡摩擦力，平衡摩擦力的方法是用一個(gè)小木塊墊高長木板的一端故C錯(cuò)誤；D、先

32、接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放小車，故D正確故選：BD三、綜合題（本題共2小題，共28分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）24如圖所示，質(zhì)量為m=5kg的物體與水平地面間的動(dòng)摩撩因數(shù)=0.2，現(xiàn)用F=25N且與水平方向成=37的力拉物體，使物體加速運(yùn)動(dòng)，求物體加速度的大小？（取g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）【考點(diǎn)】牛頓第二定律；力的合成與分解的運(yùn)用【分析】對物體受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律求出物體的加速度【解答】解：在水平方向，由牛頓第二定律可得：Fcos37f=ma在豎直方向，由平

33、衡條件可得：Fsin37+N=mg 又f=N聯(lián)立以上三個(gè)方程可得：a=2.6m/s2答：物體的加速度的大小為2.6m/s225AB是豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧形軌道，在下端B點(diǎn)與水平軌道相切，如圖所示，一小球自A點(diǎn)起由靜止開始沿軌道下滑已知圓軌道半徑為R，小球的質(zhì)量為m，不計(jì)各處摩擦求：（1）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；（2）小球下滑到距水平軌道的高度為R時(shí)的速度大小和方向（3）小球經(jīng)過圓弧軌道的B點(diǎn)和水平軌道的C點(diǎn)時(shí)，所受軌道支持力各是多大【考點(diǎn)】動(dòng)能定理的應(yīng)用；向心力【分析】（1）從A到B過程，機(jī)械能守恒，即可求出小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能；（2）根據(jù)機(jī)械能守恒可以求得小球下滑到距水平面時(shí)的速度大小和方向；（3）對小球受力分析，由牛頓第二定律可以求得支持力大小【解答】解：（1）小球從A到B過程中，機(jī)械能守恒：所以（2）根據(jù)機(jī)械能守恒，所以小球速度大小，速度方向沿圓弧的切線向下，小球距水平面高度為，由三角形的關(guān)系可知，小球與豎直方向的夾角為30（3）根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律及機(jī)械能守恒，在B點(diǎn)：解得：在C點(diǎn)時(shí)，小球受力平衡，所以答：（1）小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為mgR；（2）小球下滑到距水平軌道的高度為R時(shí)的速度大小為、方向y沿沿圓弧的切線向下，與豎直方向成30（3）小球經(jīng)過圓弧軌道的B點(diǎn)和水平軌道的C點(diǎn)時(shí)，所受軌道支持力分別為3mg、mgxx1月22日