《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 微專題強(qiáng)化練 專題14 直線與圓（含解析）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 微專題強(qiáng)化練 專題14 直線與圓（含解析）（14頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第一部分 微專題強(qiáng)化練 專題14 直線與圓（含解析）一、選擇題1(文)若直線l1：xay60與l2：(a2)x3y2a0平行，則l1與l2間的距離為()A.B.C. D.答案B解析由l1l2知3a(a2)且2a6(a2)，2a218，求得a1，l1：xy60，l2：xy0，兩條平行直線l1與l2間的距離為d.故選B.(理)已知直線l過圓x2(y3)24的圓心，且與直線xy10垂直，則l的方程是()Axy20Bxy20Cxy30Dxy30答案D解析圓心(0,3)，又知所求直線斜率為1，直線方程為xy30.方法點(diǎn)撥1.兩直線的位置關(guān)系方程約束條件位置關(guān)系l1：yk1xb

2、1l2：yk2xb2l1：A1xB1yC10l2：A2xB2yC20平行k1k2，且b1b2A1B2A2B10，且B1C2B2C10相交k1k2特別地，l1l2k1k21A1B2A2B1特別地，l1l2A1A2B1B20重合k1k2且b1b2A1B2A2B10且B1C2B2C102.與直線ykxb平行的直線設(shè)為ykxb1，垂直的直線設(shè)為yxm(k0)；與直線AxByC0平行的直線設(shè)為AxByC10，垂直的直線設(shè)為BxAyC10.求兩平行直線之間的距離可直接代入距離公式，也可在其中一條直線上取一點(diǎn)，求其到另一條直線的距離A2或12B2或12C2或12D2或12答案D解析考查1.直線與圓的位置關(guān)系

3、；2.點(diǎn)到直線的距離公式直線3x4yb與圓心為(1,1)，半徑為1的圓相切，1b2或12，故選D.(理)(xx遼寧葫蘆島市一模)已知圓C與直線xy0及xy40都相切，圓心在直線xy0上，則圓C的方程為()A(x1)2(y1)22B(x1)2(y1)22C(x1)2(y1)22D(x1)2(y1)22答案B解析由題意知，圓心C既在與兩直線xy0與xy40平行且距離相等的直線上，又在直線xy0上，設(shè)圓心C(a，a)，半徑為r，則由已知得，解得a1，r，故選B.方法點(diǎn)撥1.點(diǎn)與圓的位置關(guān)系幾何法：利用點(diǎn)到圓心的距離d與半徑r的關(guān)系判斷：dr點(diǎn)在圓外，dr點(diǎn)在圓上；d0)的位置關(guān)系如下表.方法位置關(guān)系

4、幾何法：根據(jù)d與r的大小關(guān)系代數(shù)法：消元得一元二次方程，根據(jù)判別式的符號(hào) 相交d0相切dr0相離dr0求出k的范圍，再求傾斜角的范圍1求直線的方程常用待定系數(shù)法2兩條直線平行與垂直的判定可用一般式進(jìn)行判定，也可以用斜率判定(理)(xx山東理，9)一條光線從點(diǎn)(2，3)射出，經(jīng)y軸反射后與圓(x3)2(y2)21相切，則反射光線所在直線的斜率為()A或B或C或D或答案D解析由光的反射原理知，反射光線的反向延長(zhǎng)線必過點(diǎn)(2，3)，設(shè)反射光線所在直線的斜率為k，則其直線方程為y3k(x2)，即kxy2k30，光線與圓(x3)2(y2)21相切，1，12k225k120，解得k或k.故選D.4(文)(

5、xx湖南文，6)若圓C1：x2y21與圓C2：x2y26x8ym0外切，則m()A21B19C9D11答案C解析本題考查了兩圓的位置關(guān)系由條件知C1：x2y21，C2：(x3)2(y4)225m，圓心與半徑分別為(0,0)，(3,4)，r11，r2，由兩圓外切的性質(zhì)知，51，m9.方法點(diǎn)撥圓與圓的位置關(guān)系表現(xiàn)形式位置關(guān)系幾何表現(xiàn)：圓心距d與r1、r2的關(guān)系代數(shù)表現(xiàn)：兩圓方程聯(lián)立組成的方程組的解的情況相離dr1r2無解外切dr1r2一組實(shí)數(shù)解相交|r1r2|dr1r2兩組不同實(shí)數(shù)解內(nèi)切d|r1r2|(r1r2)一組實(shí)數(shù)解內(nèi)含0d7或a或aC3a或a7Da7或a3答案C解析本題主要考查直線和圓的位

6、置關(guān)系、補(bǔ)集思想及分析、理解、解決問題的能力兩條平行線與圓都相交時(shí)，由得a，兩條直線都和圓相離時(shí)，由得a7，所以兩條直線和圓“相切”時(shí)a的取值范圍3a或a7，故選C.方法點(diǎn)撥與圓有關(guān)的最值問題主要題型有：1圓的半徑最小時(shí)，圓面積最小2圓上點(diǎn)到定點(diǎn)距離最大(小)值問題，點(diǎn)在圓外時(shí)，最大值dr，最小值dr(d是圓心到定點(diǎn)距離)；點(diǎn)在圓內(nèi)時(shí)，最大值dr，最小值rd.3圓上點(diǎn)到定直線距離最值，設(shè)圓心到直線距離為d，直線與圓相離，則最大值dr，最小值dr；直線與圓相交，則最大值dr，最小值0.4P(x，y)為O上一動(dòng)點(diǎn)，求x、y的表達(dá)式(如x2y，x2y2等)的取值范圍，一段利用表達(dá)式的幾何意義轉(zhuǎn)化二、

7、填空題10(文)設(shè)直線mxy30與圓(x1)2(y2)24相交于A、B兩點(diǎn)，且弦長(zhǎng)為2，則m_.答案0解析圓的半徑為2，弦長(zhǎng)為2，弦心距為1，即得d1，解得m0.(理)在ABC中，角A、B、C的對(duì)邊分別為a、b、c，若sin2Asin2Bsin2C，則直線axbyc0被圓x2y29所截得弦長(zhǎng)為_答案2解析由正弦定理得a2b2c2，圓心到直線距離d，弦長(zhǎng)l222.11在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知圓x2y24上有且只有四個(gè)點(diǎn)到直線12x5yc0的距離為1，則實(shí)數(shù)c的取值范圍是_答案(13,13)解析本題考查了直線與圓的位置關(guān)系，利用數(shù)形結(jié)合可解決此題，屬中檔題要使圓x2y24上有且只有四個(gè)點(diǎn)到直

8、線12x5yc0的距離為1，只需滿足圓心到直線的距離小于1即可即1，解|c|13，13c0)的焦點(diǎn)，點(diǎn)A(2，m)在拋物線E上，且|AF|3.(1)求拋物線E的方程；(2)已知點(diǎn)G(1,0)，延長(zhǎng)AF交拋物線E于點(diǎn)B，證明：以點(diǎn)F為圓心且與直線GA相切的圓，必與直線GB相切分析考查：1.拋物線標(biāo)準(zhǔn)方程；2.直線和圓的位置關(guān)系(1)利用拋物線定義，將拋物線上的點(diǎn)到焦點(diǎn)距離和到準(zhǔn)線距離相互轉(zhuǎn)化；(2)欲證明以點(diǎn)F為圓心且與直線GA相切的圓，必與直線GB相切可證明點(diǎn)F到直線GA和直線GB的距離相等(此時(shí)需確定兩條直線方程)；也可以證明AGFBGF，可轉(zhuǎn)化為證明兩條直線的斜率互為相反數(shù)解析法一：(1)

9、由拋物線的定義得|AF|2.因?yàn)閨AF|3，即23，解得p2，所以拋物線E的方程為y24x.(2)因?yàn)辄c(diǎn)A(2，m)在拋物線E：y24x上，所以m2，由拋物線的對(duì)稱性，不妨設(shè)A(2,2)由A(2,2)，F(xiàn)(1,0)可得直線AF的方程為y2(x1)由得2x25x20，解得x2或x，從而B(，)又G(1,0)，所以kGA，kGB，所以kGAkGB0，從而AGFBGF，這表明點(diǎn)F到直線GA，GB的距離相等，故以F為圓心且與直線GA相切的圓必與直線GB相切法二：(1)同法一(2)設(shè)以點(diǎn)F為圓心且與直線GA相切的圓的半徑為r.因?yàn)辄c(diǎn)A(2，m)在拋物線E：y24x上，所以m2，由拋物線的對(duì)稱性，不妨設(shè)A

10、(2,2)由A(2,2)，F(xiàn)(1,0)可得直線AF的方程為y2(x1)由得2x25x20.解得x2或x，從而B.又G(1,0)，故直線GA的方程為2x3y20，從而r .又直線GB的方程為2x3y20，所以點(diǎn)F到直線GB的距離dr.這表明以點(diǎn)F為圓心且與直線GA相切的圓必與直線GB相切14(文)已知圓C：x2y2r2(r0)經(jīng)過點(diǎn)(1，)(1)求圓C的方程；(2)是否存在經(jīng)過點(diǎn)(1,1)的直線l，它與圓C相交于A、B兩個(gè)不同點(diǎn)，且滿足關(guān)系(O為坐標(biāo)原點(diǎn))的點(diǎn)M也在圓C上，如果存在，求出直線l的方程；如果不存在，請(qǐng)說明理由解析(1)由圓C：x2y2r2，再由點(diǎn)(1，)在圓C上，得r212()24

11、，所以圓C的方程為x2y24.(2)假設(shè)直線l存在，設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，M(x0，y0)若直線l的斜率存在，設(shè)直線l的方程為y1k(x1)，聯(lián)立消去y得，(1k2)x22k(k1)xk22k30，由韋達(dá)定理得x1x22，x1x21，y1y2k2x1x2k(k1)(x1x2)(k1)23，因?yàn)辄c(diǎn)A(x1，y1)，B(x2，y2)在圓C上，因此，得xy4，xy4，由得，x0，y0，由于點(diǎn)M也在圓C上，則()2()24，整理得3x1x2y1y24，即x1x2y1y20，所以1(3)0，從而得，k22k10，即k1，因此，直線l的方程為y1x1，即xy20.若直線l的斜率不存在，則A

12、(1，)，B(1，)，M(，)()2()244，故點(diǎn)M不在圓上與題設(shè)矛盾，綜上所知：k1，直線方程為xy20.(理)已知圓O：x2y22交x軸于A、B兩點(diǎn)，曲線C是以AB為長(zhǎng)軸，離心率為的橢圓，其左焦點(diǎn)為F.若P是圓O上一點(diǎn)，連接PF，過原點(diǎn)O作直線PF的垂線交直線x2于點(diǎn)Q.(1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程；(2)若點(diǎn)P的坐標(biāo)為(1,1)，求證：直線PQ與圓O相切；(3)試探究：當(dāng)點(diǎn)P在圓O上運(yùn)動(dòng)時(shí)(不與A，B重合)，直線PQ與圓O是否保持相切的位置關(guān)系？若是，請(qǐng)證明；若不是，請(qǐng)說明理由解析(1)因?yàn)閍，e，所以c1，則b1，即橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為y21.(2)因?yàn)镻(1,1)，F(xiàn)(1,0)，所以kP

13、F，kOQ2，所以直線OQ的方程為y2x.又Q在直線x2上，所以點(diǎn)Q(2,4)kPQ1，kOP1，kOPkPQ1，即OPPQ，故直線PQ與圓O相切(3)當(dāng)點(diǎn)P在圓O上運(yùn)動(dòng)時(shí)，直線PQ與圓P保持相切的位置關(guān)系，設(shè)P(x0，y0)，(x0)，則y2x，kPF，kOQ，直線OQ的方程為yx，點(diǎn)Q(2，)，kPQ，又kOP.kOPkPQ1，即OPPQ(P不與A、B重合)，直線PQ始終與圓O相切15(文)(xx石家莊市質(zhì)檢)已知?jiǎng)訄AC過定點(diǎn)M(0,2)，且在x軸上截得弦長(zhǎng)為4.設(shè)該動(dòng)圓圓心的軌跡為曲線C.(1)求曲線C方程；(2)設(shè)點(diǎn)A為直線l：xy20上任意一點(diǎn)，過A作曲線C的切線，切點(diǎn)分別為P、Q，

14、求APQ面積的最小值及此時(shí)點(diǎn)A的坐標(biāo)解析(1)設(shè)動(dòng)圓圓心坐標(biāo)為C(x，y)，根據(jù)題意得，化簡(jiǎn)得x24y.(2)解法一：設(shè)直線PQ的方程為ykxb，由消去y得x24kx4b0.設(shè)P(x1，y1)，Q(x2，y2)，則，且16k216b以點(diǎn)P為切點(diǎn)的切線的斜率為y1x1，其切線方程為yy1x1(xx1)，即yx1xx.同理過點(diǎn)Q的切線的方程為yx2xx.兩條切線的交點(diǎn)A(xA，yB)在直線xy20上，解得，即A(2k，b)則：2kb20，即b22k，代入16k216b16k23232k16(k1)2160，|PQ|x1x2|4，A(2k，b)到直線PQ的距離為d，SAPQ|PD|d4|k2b|4(

15、k2b)4(k22k2)4(k1)21.當(dāng)k1時(shí)，SAPQ最小，其最小值為4，此時(shí)點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,0)解法二：設(shè)A(x0，y0)在直線xy20上，點(diǎn)P(x1，y1)，Q(x2，y2)在拋物線x24y上，則以點(diǎn)P為切點(diǎn)的切線的斜率為y1x1，其切線方程為yy1x1(xx1)，即yx1xy1，同理以點(diǎn)Q為切點(diǎn)的方程為yx2xy2.設(shè)兩條切線均過點(diǎn)A(x0，y0)，則點(diǎn)P，Q的坐標(biāo)均滿足方程y0xx0y，即直線PQ的方程為：yx0xy0，代入拋物線方程x24y消去y可得：x22x0x4y00|PQ|x1x2|A(x0，y0)到直線PQ的距離為d，SAPQ|PQ|d|x4y0|(x4y0) (x4x

16、08) (x02)24 當(dāng)x02時(shí)，SAPQ最小，其最小值為4，此時(shí)點(diǎn)A的坐標(biāo)為(2,0)(理)已知點(diǎn)A(2,0)，B(2,0)，直線PA與直線PB斜率之積為，記點(diǎn)P的軌跡為曲線C.(1)求曲線C的方程；(2)設(shè)M、N是曲線C上任意兩點(diǎn)，且|，是否存在以原點(diǎn)為圓心且與MN總相切的圓？若存在，求出該圓的方程；若不存在，請(qǐng)說明理由解析(1)設(shè)P(x，y)，則由直線PA與直線PB斜率之積為得，(x2)，整理得曲線C的方程為1(x2)(2)若|，則.設(shè)M(x1，y1)，N(x2，y2)若直線MN斜率不存在，則y2y1，N(x1，y1)由得1，又1.解得直線MN方程為x.原點(diǎn)O到直線MN的距離d.若直線MN斜率存在，設(shè)方程為ykxm.由得(4k23)x28kmx4m2120.x1x2，x1x2.(*)由得1，整理得(k21)x1x2km(x1x2)m20.代入(*)式解得7m212(k21)此時(shí)(4k23)x28kmx4m2120中0.此時(shí)原點(diǎn)O到直線MN的距離d.故原點(diǎn)O到直線MN的距離恒為d.存在以原點(diǎn)為圓心且與MN總相切的圓，方程為x2y2.