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1、2022年高考物理二輪復(fù)習(xí) 特色專題訓(xùn)練 仿高考選擇題巧練（一）一、單項(xiàng)選擇題14科學(xué)家關(guān)于物體運(yùn)動(dòng)的研究對(duì)樹(shù)立正確的自然觀具有重要作用下列說(shuō)法不符合歷史事實(shí)的是()A亞里士多德認(rèn)為，必須有力作用在物體上，物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)才會(huì)改變B伽利略通過(guò)“理想實(shí)驗(yàn)”得出結(jié)論：運(yùn)動(dòng)必具有一定速度，如果它不受力，它將以這一速度永遠(yuǎn)運(yùn)動(dòng)下去C笛卡兒指出：如果運(yùn)動(dòng)中的物體沒(méi)有受到力的作用，它將繼續(xù)以同一速度沿同一直線運(yùn)動(dòng)，既不停下來(lái)也不偏離原來(lái)的方向D牛頓認(rèn)為，物體具有保持原來(lái)勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)的性質(zhì)15.如圖為用索道運(yùn)輸貨物的情景，已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37，重物與車(chē)廂地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.

2、30.當(dāng)載重車(chē)廂沿索道向上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，重物與車(chē)廂仍然保持相對(duì)靜止?fàn)顟B(tài)，重物對(duì)車(chē)廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍，sin 370.6，cos 370.8，那么這時(shí)重物對(duì)車(chē)廂地板的摩擦力大小為()A0.35mgB0.30mgC0.23mg D0.20mg16一正方形金屬線框位于有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)，線框平面與磁場(chǎng)垂直，線框的右邊緊貼著磁場(chǎng)邊界，如圖甲所示t0時(shí)刻對(duì)線框施加一水平向右的外力，讓線框從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)穿過(guò)磁場(chǎng)，外力F隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示已知線框質(zhì)量m1 kg、電阻R1 ，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()A線框做勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速度為1 m/s2B勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為2 T

3、C線框穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)線框的電荷量為 CD線框邊長(zhǎng)為1 m17.(xx溫州檢測(cè))用起重機(jī)將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，其vt圖象如圖所示下列說(shuō)法不正確的是()A在0t1時(shí)間內(nèi)，貨物處于超重狀態(tài)B在t2t3時(shí)間內(nèi)，起重機(jī)拉力對(duì)貨物做負(fù)功C在t1t2時(shí)間內(nèi)，貨物的機(jī)械能一直在增大D勻速階段拉力的功率可能比加速階段某一時(shí)刻拉力的瞬時(shí)功率小二、不定項(xiàng)選擇題18.甲、乙兩輛汽車(chē)在同一水平直道上運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)的位移時(shí)間圖象(xt圖象)如圖所示，則下列關(guān)于兩車(chē)運(yùn)動(dòng)情況的說(shuō)法正確的是()A甲車(chē)先做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，后做勻速直線運(yùn)動(dòng)B乙車(chē)在010 s內(nèi)的平均速度大小為0.8

4、m/sC在010 s內(nèi)，甲、乙兩車(chē)相遇兩次D若乙車(chē)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，則圖線上P所對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度大小一定大于0.8 m/s19一半徑為R的均勻帶正電圓環(huán)水平放置，環(huán)心為O點(diǎn)，質(zhì)量為m的帶正電的小球從O點(diǎn)正上方h高度的A點(diǎn)由靜止釋放，并穿過(guò)帶電圓環(huán)小球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)的對(duì)稱點(diǎn)A的過(guò)程中，其加速度(a)、重力勢(shì)能(EpG)、機(jī)械能(E)、電勢(shì)能 (Ep電)隨位置變化的圖象如圖所示(取O點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)且重力勢(shì)能為零，向下為正方向，并取無(wú)窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零)其中可能正確的是()20.如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑U形導(dǎo)軌寬度為L(zhǎng)，其所在平面與水平面的夾角為，上端連接一個(gè)阻值為R的電阻，置于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、

5、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，今有一質(zhì)量為m、有效電阻為r的金屬桿垂直于導(dǎo)軌放置并由靜止下滑，設(shè)磁場(chǎng)區(qū)域無(wú)限大，當(dāng)金屬桿下滑達(dá)到最大速度vm時(shí)，運(yùn)動(dòng)的位移為x，則以下說(shuō)法中不正確的是 ()A金屬桿所受導(dǎo)軌的支持力大于mgcos B金屬桿下滑的最大速度vmC在此過(guò)程中電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為mgxsin mvD在此過(guò)程中流過(guò)電阻R的電荷量為仿高考選擇題巧練(一)14A15解析：選D.車(chē)廂內(nèi)的重物受重力、支持力FN和水平向右的摩擦力Ff的作用，將加速度沿水平方向和豎直方向分解，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律可知FNmgmasin 37，F(xiàn)fmacos 37，由牛頓第三定律可知，重物所受支持力FN1.15mg，代入上式解

6、得：Ff0.20mg，D項(xiàng)正確16解析：選D.t0時(shí)，線框初速度為零，故感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，力F為線框所受合外力，由牛頓第二定律可知，線框的加速度a1 m/s2，A項(xiàng)正確；由題圖乙知，t1.0 s時(shí)，線框剛好離開(kāi)磁場(chǎng)，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知線框的邊長(zhǎng)為0.5 m，D項(xiàng)錯(cuò)誤；線框的末速度vat1 m/s，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)EBLv，回路中電流IE/R，安培力F安BIL，由牛頓第二定律有：FF安ma，聯(lián)立解得B2 T，B項(xiàng)正確；由q C，C項(xiàng)正確17解析：選B.由vt圖象知，貨物先向上做勻加速運(yùn)動(dòng)(處于超重狀態(tài))，再做勻速運(yùn)動(dòng)，最后做勻減速運(yùn)動(dòng)(處于失重狀態(tài))，可知選項(xiàng)A正確；在t2到t3時(shí)間內(nèi)，起重機(jī)拉力

7、對(duì)貨物做正功，則選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在t1到t3時(shí)間內(nèi)，起重機(jī)拉力對(duì)貨物一直做正功，貨物的機(jī)械能一直在增大，則選項(xiàng)C正確；貨物勻加速階段拉力F1mg，速度v1vm，勻速階段F2mg，速度v2vm，勻速階段拉力的功率P2F2v2mgvm可能比勻加速階段某一時(shí)刻拉力的瞬時(shí)功率P1F1v1小，則選項(xiàng)D正確18解析：選BCD.從題圖中可以看出，甲車(chē)先做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)到t4 s末時(shí)，甲車(chē)停止，故A錯(cuò)誤；乙車(chē)在010 s內(nèi)的位移大小為8 m，平均速度大小v0.8 m/s，故B正確；甲車(chē)和乙車(chē)的位移時(shí)間圖象有兩個(gè)交點(diǎn)，所以甲、乙兩車(chē)會(huì)相遇兩次，故C正確；若乙車(chē)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的位置坐標(biāo)為x4 m，恰

8、好是在010 s內(nèi)乙車(chē)位移的中點(diǎn)，又因?yàn)関v0.8 m/s，vPvv，所以D正確19解析：選ABC.圓環(huán)中心的場(chǎng)強(qiáng)為零，無(wú)窮遠(yuǎn)處場(chǎng)強(qiáng)也為零，則小球從A點(diǎn)到圓環(huán)中心O點(diǎn)的過(guò)程中，場(chǎng)強(qiáng)可能先增大后減小，則小球所受的電場(chǎng)力先增大后減小，方向豎直向上，小球所受重力不變，方向豎直向下，由牛頓第二定律得，加速度可能先減小后增大；小球穿過(guò)圓環(huán)中心O點(diǎn)后，小球所受的電場(chǎng)力豎直向下，加速度方向向下，為正值，根據(jù)對(duì)稱性可知，電場(chǎng)力先增大后減小，則加速度先增大后減小，故A是可能的小球從A點(diǎn)到圓環(huán)中心O點(diǎn)的過(guò)程中，重力勢(shì)能EpGmgh0，小球穿過(guò)圓環(huán)后，EpGmgh0，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知，B是可能的小球從A點(diǎn)到圓環(huán)中心O點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力做負(fù)功，機(jī)械能減小，小球穿過(guò)圓環(huán)中心O點(diǎn)后，電場(chǎng)力做正功，機(jī)械能增大，故C是可能的由于圓環(huán)所產(chǎn)生的是非勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球下落的過(guò)程中，電場(chǎng)力做功與下落的高度之間是非線性關(guān)系，電勢(shì)能變化與下落高度之間也是非線性關(guān)系，所以D是不可能的故選ABC.20解析：選BCD.由于磁感應(yīng)強(qiáng)度方向豎直向上，根據(jù)右手定則及左手定則，金屬桿受重力、支持力及水平向右的安培力，A正確；當(dāng)金屬桿受力平衡時(shí)，速度最大，故有mgtan ，得vm，B錯(cuò)誤；由能量守恒定律可得mgxsin mvQ總，則電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為QRQ總，C錯(cuò)誤；流過(guò)電阻R的電荷量為Q，D錯(cuò)誤