《2022-2023學(xué)年高中物理 模塊綜合檢測(cè)（二）新人教版必修1》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年高中物理 模塊綜合檢測(cè)（二）新人教版必修1（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023學(xué)年高中物理 模塊綜合檢測(cè)（二）新人教版必修1一、單項(xiàng)選擇題(本題共10小題，每題3分，共30分每小題中只有一個(gè)選項(xiàng)是正確的，選對(duì)得3分，錯(cuò)選、不選或多選均不得分)1北京時(shí)間10月17日7時(shí)30分28秒，“神舟十一號(hào)”發(fā)射成功，中國(guó)載人航天再度成為世人矚目的焦點(diǎn)下列說(shuō)法正確的是()A7時(shí)30分28秒表示時(shí)間間隔B研究“神舟十一號(hào)”飛行姿態(tài)時(shí)，可把“神舟十一號(hào)”看作質(zhì)點(diǎn)C“神舟十一號(hào)”繞地球飛行一圈位移不為零D“神舟十一號(hào)”繞地球飛行一圈平均速度為零解析：時(shí)刻與時(shí)間軸上的點(diǎn)對(duì)應(yīng)，時(shí)間間隔與時(shí)間軸上的線段相對(duì)應(yīng)，是兩個(gè)時(shí)刻間的間隔，所以7時(shí)30分28秒表示“時(shí)刻”，故A錯(cuò)誤； 研

2、究“神舟十一號(hào)”飛行姿態(tài)時(shí)，如果將“神舟十一號(hào)”看成一個(gè)質(zhì)點(diǎn)，對(duì)點(diǎn)而言無(wú)所謂姿態(tài)的，故不能將“神舟十一號(hào)”看成質(zhì)點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；“神舟十一號(hào)”繞地球飛行一圈，初末位置相同，則位移為零，故C錯(cuò)誤；平均速度等于位移和時(shí)間的比值，因?yàn)轱w行一圈的過(guò)程中位移為0，所以平均速度為0，故D正確故選D.答案：D2一質(zhì)點(diǎn)在x軸上運(yùn)動(dòng)，每秒末的位置坐標(biāo)如下表所示，則：t/s012345x/m014171A.質(zhì)點(diǎn)在這5 s內(nèi)做的是勻速運(yùn)動(dòng)B質(zhì)點(diǎn)在這5 s內(nèi)做的是勻加速運(yùn)動(dòng)C質(zhì)點(diǎn)在第5 s內(nèi)的位移比任何一秒內(nèi)的位移都大D質(zhì)點(diǎn)在第4 s內(nèi)的平均速度比任何一秒內(nèi)的平均速度都大解析：質(zhì)點(diǎn)在x軸上往復(fù)運(yùn)動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)的位移等于初末坐

3、標(biāo)之差，即xx2x1，確定出前5 s每1秒內(nèi)的位移，再判斷哪一秒內(nèi)位移最大，位移大小是位移的絕對(duì)值，平均速度等于位移與時(shí)間的比值，根據(jù)題表數(shù)據(jù)可知質(zhì)點(diǎn)在這5 s內(nèi)做非勻變速運(yùn)動(dòng)，在第5 s內(nèi)的位移比任何一秒內(nèi)的位移都大且平均速度最大，本題選C.答案：C3同時(shí)作用在某物體上的兩個(gè)方向相反的力，大小分別為6 N和8 N，當(dāng)8 N的力逐漸減小到零的過(guò)程中，兩力合力的大小()A先減小，后增大B先增大，后減小C逐漸增大 D逐漸減小解析：當(dāng)8 N的力減小到6 N時(shí)，兩個(gè)力的合力最小，為0，若再減小，兩力的合力又將逐漸增大，兩力的合力最大為6 N，故A正確答案：A4(2014北京高考)應(yīng)用物理知識(shí)分析生活中

4、的常見(jiàn)現(xiàn)象，可以使物理學(xué)習(xí)更加有趣和深入例如，平伸手掌托起物體，由靜止開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng)，直至將物體拋出對(duì)此現(xiàn)象分析正確的是()A手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于超重狀態(tài)B手托物體向上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，物體始終處于失重狀態(tài)C在物體離開(kāi)手的瞬間，物體的加速度大于重力加速度D在物體離開(kāi)手的瞬間，手的加速度大于重力加速度解析：本題考查牛頓第二定律的應(yīng)用，重在物理過(guò)程的分析，根據(jù)加速度方向判斷超重和失重現(xiàn)象手托物體拋出的過(guò)程，必有一段加速過(guò)程，其后可以減速，可以勻速，當(dāng)手和物體勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體既不超重也不失重；當(dāng)手和物體減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體處于失重狀態(tài)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；物體從靜止到運(yùn)動(dòng)，必有一段加速過(guò)程，此過(guò)

5、程物體處于超重狀態(tài)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)物體離開(kāi)手的瞬間，物體只受重力，此時(shí)物體的加速度等于重力加速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；手和物體分離之前速度相同，分離之后手速度的變化量比物體速度的變化量大，物體離開(kāi)手的瞬間，手的加速度大于重力加速度，所以選項(xiàng)D正確答案：D5.如圖所示，質(zhì)量均為m的A、B兩物體疊放在豎直彈簧上并保持靜止，用大小等于mg的恒力F向上拉B，運(yùn)動(dòng)距離h時(shí)，B與A分離下列說(shuō)法正確的是()AB和A剛分離時(shí)，彈簧長(zhǎng)度等于原長(zhǎng)BB和A剛分離時(shí)，它們的加速度為gC彈簧的勁度系數(shù)等于D在B與A分離之前，它們做勻加速直線運(yùn)動(dòng)解析：A、B分離前，A、B共同做加速運(yùn)動(dòng)，由于F是恒力，而彈力是變力，故A、B做變加

6、速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩物體要分離時(shí)，F(xiàn)AB0，對(duì)B：Fmgma，對(duì)A：kxmgma.即Fkx時(shí)，A、B分離，此時(shí)彈簧仍處于壓縮狀態(tài)，由Fmg，設(shè)用恒力F拉B前彈簧壓縮量為x0，則2mgkx0，hx0x，解以上各式得k，綜上所述，只有C項(xiàng)正確答案：C6.如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在水平桌面上，在與水平方向成的拉力F作用下加速往前運(yùn)動(dòng)，已知物體與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則下列判斷正確的是()A物體受到的摩擦力為Fcos B物體受到摩擦力為mgC物體對(duì)地面的壓力為mgD物體受到地面的支持力為mgFsin 解析：對(duì)物體受力分析，如圖所示，則有物體受到的摩擦力為fN(mgFsin )，故A、B錯(cuò)誤物體對(duì)地面的壓

7、力與地面對(duì)物體的支持力是作用力與反作用力，而支持力等于mgFsin ，故C錯(cuò)誤物體受到地面的支持力為mgFsin ，故D正確答案：D7質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)的位移x和時(shí)間t2的關(guān)系圖象如圖所示，則該質(zhì)點(diǎn)()A質(zhì)點(diǎn)的加速度大小恒為1 m/s2B02 s內(nèi)的位移是為1 mC2末的速度是 4 m/sD物體第3 s內(nèi)的平均速度大小為3 m/s解析：根據(jù)xat2得，可知圖線的斜率表示a，則a，a2m/s2.故A錯(cuò)誤.02 s內(nèi)的位移xat224 m4 m故B錯(cuò)誤.2 s末的速度vat22 m/s4 m/s.故C正確物體在第3 s內(nèi)的位移xatat2(94) m5 m，則平均速度v5 m/s.故D錯(cuò)誤. 答案：C

8、8星級(jí)快車出站時(shí)能在150 s內(nèi)勻加速到180 km/h，然后正常行駛某次因意外列車以加速時(shí)的加速度大小將車速減至108 km/h.以初速度方向?yàn)檎较?，則下列說(shuō)法不正確的是()A列車加速時(shí)的加速度大小為 m/s2B列車減速時(shí)，若運(yùn)用vv0at計(jì)算瞬時(shí)速度，其中a m/s2C若用v-t圖象描述列車的運(yùn)動(dòng)，減速時(shí)的圖線在時(shí)間軸(t軸)的下方D列車由靜止加速，1 min內(nèi)速度可達(dá)20 m/s解析：列車的加速度大小a m/s2 m/s2，減速時(shí)，加速度方向與速度方向相反，a m/s2，故A、B兩項(xiàng)都正確列車減速時(shí)，vt圖象中圖線依然在時(shí)間軸(t軸)的上方，C項(xiàng)錯(cuò)由vat可得v60 m/s20 m/s

9、，D項(xiàng)對(duì)答案：C9.用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球P之間夾有一長(zhǎng)方體物塊Q，如圖所示P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列相關(guān)說(shuō)法正確的是()AQ物體受3個(gè)力BP物體受3個(gè)力C若繩子變短，Q受到的靜摩擦力將增大D若繩子變長(zhǎng)，繩子的拉力將變小解析：墻壁光滑，Q處于靜止?fàn)顟B(tài)，則P、Q間必有摩擦力，Q應(yīng)受4個(gè)力作用，P受4個(gè)力作用，故A，B錯(cuò)對(duì)Q，P物體受力分析如圖所示，對(duì)P由平衡條件：Tsin N1，Tcos mPgf，對(duì)Q由平衡條件：fmQg，故f不變，C錯(cuò)根據(jù)牛頓第三定律，ff，N1N1，當(dāng)繩子變長(zhǎng)時(shí)，減小，故T減小，D對(duì)答案：D10.如圖所示，在光滑水平面上有一質(zhì)量為m1的足夠長(zhǎng)的木

10、板，其上疊放一質(zhì)量為m2的木塊假定木塊和木板之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力相等現(xiàn)給木塊施加一隨時(shí)間t增大的水平力Fkt(t是常數(shù))，木板和木塊加速度的大小分別為a1和a2.下圖中反映a1和a2變化的圖線中正確的是()解析：當(dāng)拉力F很小時(shí)，木塊和木板一起加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律，對(duì)木塊和木板：F(m1m2)a，故a1a2at；當(dāng)拉力很大時(shí)，木塊和木板將發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，對(duì)木板：m2gm1a1，得a1，對(duì)木塊：Fm2gm2a2，得a2tg，A正確故正確答案為A.答案：A二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每題6分，共24分每小題有多個(gè)選項(xiàng)是正確的，全選對(duì)得6分，少選得3分，選錯(cuò)、多選或不選得0分)11.如圖

11、所示，粗糙水平面上疊放著P、Q兩木塊，用水平向右的力F推Q使它們保持相對(duì)靜止一起向右運(yùn)動(dòng)，P、Q受力的個(gè)數(shù)可能是()AP受2個(gè)力，Q受5個(gè)力BP受3個(gè)力，Q受5個(gè)力CP受3個(gè)力，Q受6個(gè)力DP受4個(gè)力，Q受6個(gè)力解析：題目沒(méi)有說(shuō)明它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，可能有兩種情況：(1)勻速運(yùn)動(dòng)：對(duì)P進(jìn)行受力分析，處于平衡狀態(tài)，只受到重力和支持力；對(duì)Q，則受到重力、地面的支持力、P的壓力以及地面的摩擦力和推力F的作用，共5個(gè)力所以選項(xiàng)A正確；(2)在水平推力的作用下，物體P、Q一起勻加速滑動(dòng)，則對(duì)P受力分析：重力與支持力，及向右的靜摩擦力共3個(gè)力對(duì)Q受力分析：重力、地面支持力、P對(duì)Q的壓力、水平推力、地面給Q的滑

12、動(dòng)摩擦力，及P對(duì)Q的靜摩擦力共6個(gè)力所以選項(xiàng)C正確故選AC.答案：AC12.a、b兩車在平直公路上行駛，其vt圖象如圖所示，在t0時(shí)，兩車間距為s0，在tt1時(shí)間內(nèi)，a車的位移大小為s，下列說(shuō)法不正確的是()A0t1時(shí)間內(nèi)a、b兩車相向而行B0t1時(shí)間內(nèi)a車平均速度大小是b車平均速度大小的2倍C若a、b在t1時(shí)刻相遇，則s0 sD若a、b在時(shí)刻相遇，則下次相遇時(shí)刻為2t1解析：由圖可知0t1時(shí)間內(nèi)a、b兩車同向行駛，故選項(xiàng)A錯(cuò)；由v可得：va、vb，由此計(jì)算，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由相遇根據(jù)圖象：可推出要在t1時(shí)刻s0s，故選項(xiàng)C正確；由圖線中的斜率和運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知若a、b在時(shí)刻相遇，則下次相遇時(shí)刻不是

13、2t1，故選項(xiàng)D錯(cuò)誤答案：ABD13.如圖所示，傳送帶的水平部分長(zhǎng)為L(zhǎng)，向右傳動(dòng)速率為v，在其左端無(wú)初速釋放一木塊若木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，則木塊從左端運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間可能是()A. B.C. D.解析：若木塊一直勻加速至傳送帶右端，則由Lgt2可得，木塊從左端運(yùn)動(dòng)到右端的時(shí)間為t，若木塊加速至傳送帶右端時(shí)恰與帶同速，則由Lt可得：t，若木塊加速至v后又勻速一段至帶的右端，則有：t，故A、C、D均正確答案：ACD14如圖所示，質(zhì)量分別為mA和mB的物體A、B用細(xì)繩連接后跨過(guò)滑輪，A靜止在傾角為45的斜面上已知mA2mB，不計(jì)滑輪摩擦，現(xiàn)將斜面傾角由45增大到50，系統(tǒng)保持靜止下列說(shuō)法正確

14、的是()A細(xì)繩對(duì)A的拉力將增大 BA對(duì)斜面的壓力將減小CA受到的靜摩擦力不變 DA受到的合力不變解析：設(shè)mA2mB2m，對(duì)物體B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到：Tmg再對(duì)物體A受力分析，受重力、支持力、拉力和靜摩擦力，如圖，根據(jù)平衡條件得到：fT2mgsin0，N2mgcos0，解得：f2mgsinT2mgsinmg，N2mgcos；當(dāng)不斷變大時(shí)，f不斷變大，N不斷變小，故選項(xiàng)B正確，A、C錯(cuò)誤；系統(tǒng)保持靜止，合力始終為零不變，故選項(xiàng)D正確；答案：BD三、非選擇題(共4小題，共46分)15(8分)某同學(xué)用如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究小車在斜面上的運(yùn)動(dòng)實(shí)驗(yàn)步驟如下：a安裝好實(shí)驗(yàn)器材b接通電源

15、后，讓拖著紙帶的小車沿平板斜面向下運(yùn)動(dòng)，重復(fù)幾次下圖為一次實(shí)驗(yàn)得到的一條紙帶，紙帶上每相鄰的兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間都有四個(gè)點(diǎn)未畫出，按時(shí)間順序取0、1、2、3、4、5、6七個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，用米尺量出1、2、3、4、5、6點(diǎn)到0點(diǎn)的距離如圖所示(單位：cm)c測(cè)量1、2、3、6計(jì)數(shù)點(diǎn)到0計(jì)數(shù)點(diǎn)的距離，分別記做s1、s2、s3、s6記錄在以下表格中，其中第2點(diǎn)的讀數(shù)如圖，請(qǐng)?zhí)钊胂路奖砀裰杏?jì)數(shù)點(diǎn)123456s/cm6.1819.8627.3235.2243.54d.通過(guò)測(cè)量和計(jì)算，該同學(xué)判斷出小車沿平板做勻加速直線運(yùn)動(dòng)e分別計(jì)算出打計(jì)數(shù)點(diǎn)時(shí)的速度v1、v2、v3、v4、v5，并記錄在以下表格中，請(qǐng)計(jì)算出v1并填入下方

16、表格 .計(jì)數(shù)點(diǎn)12345v/(ms1)0.680.730.770.81f.以v為縱坐標(biāo)、t為橫坐標(biāo)，請(qǐng)?jiān)趫D中描出各點(diǎn)，并畫出v-t圖線由圖求得a_m/s2.(保留兩位有效數(shù)字)解析：c.刻度尺的讀數(shù)需要估讀一位，故為：12.80 cm.e在勻變速運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該段位移的平均速度：v1 m/s0.64 m/s.f描點(diǎn)后如圖所示在vt中圖線的斜率表示加速度：a m/s20.43 m/s2.答案：12.800.64圖略0.4316(8分)一光滑圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，環(huán)上套著兩個(gè)小球A和B(中央有孔)，A、B間由細(xì)繩連接著，它們處于如圖所示位置時(shí)恰好都能保持靜止?fàn)顟B(tài)此情況下，B球與環(huán)中

17、心O處于同一水平面上，A、B間的細(xì)繩呈伸直狀態(tài)，與水平線成30夾角，已知B球的質(zhì)量為3 kg，求細(xì)繩對(duì)B球的拉力和A球的質(zhì)量mA(取g10 m/s2)解析：對(duì)A球受力分析如圖所示，可知：水平方向：Tcos 30NAsin 30，豎直方向：NAcos 30mAgTsin 30，同理對(duì)B球進(jìn)行受力分析及正交分解得：豎直方向：Tsin 30mBg，聯(lián)立以上三式可得：T60 N，mA2mB6 kg.答案：60 N6 kg17(12分)如圖所示，水平地面O點(diǎn)的正上方的裝置M每隔相等的時(shí)間由靜止釋放一小球，當(dāng)某小球離開(kāi)M的同時(shí)，O點(diǎn)右側(cè)一長(zhǎng)為L(zhǎng)1.2 m的平板車開(kāi)始以a6.0 m/s2的恒定加速度從靜止開(kāi)

18、始向左運(yùn)動(dòng)，該小球恰好落在平板車的左端，已知平板車上表面距離M的豎直高度為h0.45 m，忽略空氣的阻力，重力加速度g取10 m/s2.(1)求小球左端離O點(diǎn)的水平距離；(2)若至少有2個(gè)小球落在平板車上，則釋放小球的時(shí)間間隔t應(yīng)滿足什么條件？解析：(1)設(shè)小球自由下落至平板車上表面處歷時(shí)t0，在該時(shí)間段內(nèi)由運(yùn)動(dòng)學(xué)方程對(duì)小球有：hgt對(duì)平板車有：xat由式并代入數(shù)據(jù)可得：x0.27 m.(2)從釋放第一個(gè)小球至第2個(gè)小球下落到平板車上表面高度處歷時(shí)tt0，設(shè)平板車在該時(shí)間段內(nèi)的位移為x1，由運(yùn)動(dòng)學(xué)方程有：x1a(tt0)2至少有2個(gè)小球落在平板車上須滿足：x1xL由式并代入數(shù)據(jù)可得：t0.4

19、s.答案：(1)0.27 m(2)t0.4 s18(18分)如圖甲所示，質(zhì)量為M4 kg足夠長(zhǎng)的木板靜止在光滑的水平面上，在木板的中點(diǎn)放一個(gè)質(zhì)量m4 kg大小可以忽略的鐵塊，鐵塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力兩物塊開(kāi)始均靜止，從t0時(shí)刻起鐵塊m受到水平向右、大小如圖乙所示的拉力F的作用，F(xiàn)共作用時(shí)間為6 s，(取g10 m/s2)則：圖甲圖乙(1)鐵塊和木板在前2 s的加速度大小分別為多少？(2)鐵塊和木板相對(duì)靜止前，運(yùn)動(dòng)的位移大小各為多少？(3)拉力F作用的最后2 s內(nèi)，鐵塊和木板的位移大小分別是多少？解析：(1)前2 s，由牛頓第二定律得對(duì)鐵塊：Fmgma1，

20、解得a13 m/s2對(duì)木板：mgMa2，解得a22 m/s2.(2)2 s內(nèi)，鐵塊的位移x1a1t26 m木板的位移x2a2t24 m2 s末，鐵塊的速度v1a1t6 m/s木板的速度v2a2t4 m/s2 s后，對(duì)鐵塊：Fmgma1，解得a11 m/s2對(duì)木板：mgMa2，解得a22 m/s2設(shè)再經(jīng)過(guò)t0時(shí)間鐵塊和木板的共同速度為v，則vv1a1t0v2a2t0，解得t02 s，v8 m/s在t0內(nèi)，鐵塊的位移x1t02 m14 m木板的位移x2t02 m12 m所以鐵塊和木板相對(duì)靜止前鐵塊運(yùn)動(dòng)的位移為x鐵塊x1x120 m鐵塊和木板相對(duì)靜止前木板運(yùn)動(dòng)的位移為x木板x2x216 m.(3)拉力F作用的最后2 s，鐵塊和木板相對(duì)靜止，一起以初速度v8 m/s 做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)鐵塊和木板整體：F(Mm)a解得a m/s21.5 m/s2所以鐵塊和木板運(yùn)動(dòng)的位移均為x3vta(t)219 m.答案：(1)3 m/s22 m/s2(2)20 m16 m(3)19 m19 m