《2022屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題五 解析幾何 課后綜合提升練 1.5.1 直線與圓 文》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題五 解析幾何 課后綜合提升練 1.5.1 直線與圓 文（8頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022屆高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題五 解析幾何 課后綜合提升練 1.5.1 直線與圓 文(30分鐘55分)一、選擇題(每小題5分,共25分)1.已知三條直線x=1,x-2y-3=0,mx+y+2=0交于一點(diǎn),則m的值為()A.1B.2C.-1D.-2【解析】選C.由方程組解得x=1,y=-1,代入mx+y+2=0中,得m-1+2=0,所以m=-1.2.點(diǎn)P(-1,1)關(guān)于直線ax-y+b=0的對稱點(diǎn)是Q(3,-1),則a,b的值分別是()A.-2,2B.2,-2C.,-D.,【解析】選B.因?yàn)辄c(diǎn)P(-1,1)關(guān)于直線ax-y+b=0的對稱點(diǎn)是Q(3,-1),所以a=-1,a-+b=0,所以a=2

2、,b=-2.3.已知過定點(diǎn)P(2,0)的直線l與曲線y=相交于A,B兩點(diǎn),O為坐標(biāo)原點(diǎn),當(dāng)AOB的面積最大時(shí),直線l的傾斜角為()A.150B.135C.120D.30【解析】選A.設(shè)AOB=,則SAOB=()2sin =sin 1,當(dāng)且僅當(dāng)=90時(shí),取等號.此時(shí),AOB為等腰直角三角形,如圖,斜邊為BA,斜邊上的高為1,又因?yàn)镺P=2,所以BPO=30,所以直線l的傾斜角為150.4.設(shè)直線x-y+m=0(mR)與圓(x-2)2+y2=4交于A,B兩點(diǎn),過A,B分別作x軸的垂線與x軸交于C,D兩點(diǎn).若線段CD的長度為,則m=()A.1或3B.1或-3C.-1或3D.-1或-3【解析】選D.聯(lián)

3、立得2x2+2(m-2)x+m2=0,則=-4(m2+4m-4).設(shè)C(x1,y1),D(x2,y2),則x1+x2=2-m,x1x2=,所以|CD|=|x1-x2|=,解得m=-3或m=-1,此時(shí)0成立.5.已知圓(x+3)2+y2=64的圓心為M,設(shè)A為圓上任一點(diǎn),點(diǎn)N的坐標(biāo)為(3,0),線段AN的垂直平分線交MA于點(diǎn)P,則的取值范圍是()A.B.C.D.【解析】選C.因?yàn)閳A(x+3)2+y2=64的圓心為M,A為圓上任一點(diǎn),點(diǎn)N的坐標(biāo)為(3,0),線段AN的垂直平分線交MA于點(diǎn)P,所以P是AN的垂直平分線上一點(diǎn),所以PA=PN,又因?yàn)锳M=8,所以點(diǎn)P滿足PM+PN=AM=8MN=6,即

4、P點(diǎn)滿足橢圓的定義,焦點(diǎn)是(3,0),(-3,0),半長軸a=4,故P點(diǎn)軌跡方程為+=1,因?yàn)镻M+PN=8,所以=-1,因?yàn)?PN7,所以,所以.二、填空題(每小題5分,共15分)6.已知直線x+y+m=0與圓x2+y2=2交于不同的兩點(diǎn)A,B,O是坐標(biāo)原點(diǎn),|+|,那么實(shí)數(shù)m的取值范圍是_.【解析】因?yàn)橹本€x+y+m=0與圓x2+y2=2交于相異兩點(diǎn)A,B,所以O(shè)點(diǎn)到直線x+y+m=0的距離d,又因?yàn)閨+|,由平行四邊形定理可知,夾角為鈍角的鄰邊所對的對角線比夾角為銳角的鄰邊所對的對角線短,所以和的夾角為銳角.又因?yàn)橹本€x+y+m=0的斜率為-1,即直線與x的負(fù)半軸的夾角為45度,當(dāng)和的夾

5、角為直角時(shí),直線與圓交于(-,0),(0,-)或(,0),(0,),此時(shí)原點(diǎn)與直線的距離為1,故d1,綜合可知1d,又d=,所以1,解得:-2m-或m.(2)直線l的方程為y=k(x-1),代入圓C的方程得:(1+k2)x2-(2k2+6k+4)x+k2+6k+12=0,設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),則x1x2=,x1+x2=,所以y1y2=k2(x1-1)(x2-1)=k2(x1x2-x1-x2+1)=,所以=x1x2+y1y2=12,解得k=3或k=0(舍),所以l的方程為3x-y-3=0.故圓心(2,3)在直線l上,所以|MN|=2r=2.【提分備選】已知直線l:y=k(x+1)

6、+與圓x2+y2=4交于A,B兩點(diǎn),過A,B分別做l的垂線與x軸交于C,D兩點(diǎn),若|AB|=4,則|CD|=_.【解析】由圓的方程x2+y2=4可知:圓心為(0,0),半徑r=2.因?yàn)橄议L為|AB|=4=2r,所以可以得知直線l經(jīng)過圓心O.所以0=k(0+1)+,解得k=-,所以直線AB的方程為:y=-x,設(shè)直線AB的傾斜角為,則tan =-,所以=120,所以在RtAOC中,|CO|=4,那么|CD|=2|OC|=8.答案:8(20分鐘20分)1.(10分)已知點(diǎn)P(2,0)及圓C:x2+y2-6x+4y+4=0.(1)若直線l過點(diǎn)P且與圓心C的距離為1,求直線l的方程.(2)設(shè)過點(diǎn)P的直線

7、l1與圓C交于M,N兩點(diǎn),當(dāng)|MN|=4時(shí),求以線段MN為直徑的圓Q的方程.(3)設(shè)直線ax-y+1=0與圓C交于A,B兩點(diǎn),是否存在實(shí)數(shù)a,使得過點(diǎn)P(2,0)的直線l2垂直平分弦AB?若存在,求出實(shí)數(shù)a的值;若不存在,請說明理由.【解析】(1)設(shè)直線l的斜率為k(k存在),則方程y-0=k(x-2),即kx-y-2k=0,又圓C的圓心為(3,-2),半徑r=3,由=1,解得k=-.所以直線方程為y=-(x-2),即3x+4y-6=0.當(dāng)l的斜率不存在時(shí),l的方程為x=2,經(jīng)驗(yàn)證x=2也滿足條件.綜上所述,直線l的方程為x=2或3x+4y-6=0.(2)由于|CP|=,而弦心距d=, 所以d

8、=|CP|=.所以P恰為MN的中點(diǎn).故以MN為直徑的圓Q的方程為(x-2)2+y2=4.(3)把直線y=ax+1,代入圓C的方程,消去y,整理得(a2+1)x2+6(a-1)x+9=0.由于直線ax-y-1=0交圓C于A,B兩點(diǎn),故=36(a-1)2-36(a2+1)0,即-2a0,解得a0.則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(-,0).設(shè)符合條件的實(shí)數(shù)a存在,由于l2垂直平分弦AB,故圓心C(3,-2)必在l2上.所以l2的斜率kPC=-2,而kAB=a=-,所以a=.由于(-,0),故不存在實(shí)數(shù)a,使得過點(diǎn)P(2,0)的直線l2垂直平分弦AB.2.(10分)已知圓A:x2+y2+2x-15=0,過點(diǎn)B(

9、1,0)作直線l(與x軸不重合)交圓A于C,D兩點(diǎn),過點(diǎn)B作AC的平行線交AD于點(diǎn)E.(1) 求點(diǎn)E的軌跡方程.(2)動(dòng)點(diǎn)M在曲線E上,動(dòng)點(diǎn)N在直線l:y=2上,若OMON,求證:原點(diǎn)O到直線MN的距離是定值.【解析】(1)如圖,因?yàn)閨AD|=|AC|,EBAC,故EBD=ACD=ADC,所以|EB|=|ED|,故|EA|+|EB|=|EA|+|ED|=|AD|.又圓A的標(biāo)準(zhǔn)方程為(x+1)2+y2=16,從而|AD|=4,所以|EA|+|EB|=4,由題設(shè)得A(-1,0),B(1,0),|AB|=2,由橢圓的定義可得點(diǎn)E的軌跡方程為+=1.(2)若直線ON的斜率不存在,則|ON|=2,|OM|=2,|MN|=4,原點(diǎn)O到直線MN的距離d=.若直線ON的斜率存在,設(shè)直線OM的方程為y=kx,代入+=1,得x2=,y2=,直線ON的方程為y=-x,代入y=2,得N(-2k,2).由題意知|MN|2=|ON|2+|OM|2=(-2k)2+(2)2+=.設(shè)原點(diǎn)O到直線MN的距離為d,由題意知|MN|d=|OM|ON|,得d2=3,則d=.綜上所述,原點(diǎn)O到直線MN的距離為定值.