《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時(shí)專練1 選擇題+選考題(一)》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時(shí)專練1 選擇題+選考題(一)（10頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理大二輪復(fù)習(xí) 題型限時(shí)專練1 選擇題+選考題(一) 一、選擇題(本題共8小題，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．) 14．(2018·石家莊質(zhì)檢(一))飛艇常常用于執(zhí)行掃雷、空中預(yù)警、電子干擾等多項(xiàng)作戰(zhàn)任務(wù)．如圖所示為飛艇拖曳掃雷具掃除水雷的模擬圖．當(dāng)飛艇勻速飛行時(shí)，繩子與豎直方向的夾角恒為θ角．已知掃雷具質(zhì)量為m，重力加速度為g，掃雷具所受浮力不能忽略，下列說法正確的是(　　) A．掃雷具受3個(gè)力作用 B．繩子拉力大小為 C．水對掃雷具作用力的水平分力小于繩子拉力 D．繩子拉力一定大于mg [解析

2、]　掃雷具受到重力、繩子拉力、水的阻力、水的浮力共4個(gè)力作用，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；設(shè)掃雷具所受水的浮力為f，繩子的拉力為F，由Fcosθ＝mg－f，解得繩子拉力F＝，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；水對掃雷具的作用力包括豎直向上的浮力和水平向右的阻力，繩子拉力在水平方向的分力大小等于水的阻力(即水對掃雷具作用力的水平分力)，所以水對掃雷具作用力的水平分力小于繩子拉力，選項(xiàng)C正確；在豎直方向，重力豎直向下，浮力豎直向上，則由mg＝f＋Fcosθ可知，無法判斷繩子拉力與重力mg的大小關(guān)系，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． [答案]　C 15．(2018·陜西質(zhì)檢(一))如圖所示，菱形ABCD的對角線相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷分別固定在A

3、C連線上的M點(diǎn)與N點(diǎn)，且OM＝ON，則(　　) A．A、C兩處電勢、場強(qiáng)均相同 B．A、C兩處電勢、場強(qiáng)均不相同 C．B、D兩處電勢、場強(qiáng)均相同 D．B、D兩處電勢、場強(qiáng)均不相同 [解析]　以無窮遠(yuǎn)處為零勢能點(diǎn)，則A處電勢為正，C處電勢為負(fù)，故A、C兩處電勢不同，由場強(qiáng)疊加原理知A處場強(qiáng)方向向左，C處場強(qiáng)方向也向左，且大小相同，故A、C兩處的電場強(qiáng)度相同，A、B錯(cuò)誤；B、D兩處場強(qiáng)大小相等，方向均水平向右，兩處的電勢均為0，C正確，D錯(cuò)誤． [答案]　C 16．(2018·河北名校聯(lián)盟)2017年6月19日，長征三號(hào)乙遙二十八火箭發(fā)射中星9A衛(wèi)星過程中出現(xiàn)變故，由于運(yùn)載火箭的

4、異常，衛(wèi)星沒有按照原計(jì)劃進(jìn)入預(yù)定軌道．經(jīng)過航天測控人員的配合和努力，通過多次軌道調(diào)整，衛(wèi)星成功變軌進(jìn)入同步衛(wèi)星軌道．衛(wèi)星變軌原理圖如圖所示，衛(wèi)星從橢圓軌道Ⅰ遠(yuǎn)地點(diǎn)Q改變速度進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ，P點(diǎn)為橢圓軌道近地點(diǎn)．下列說法正確的是(　　) A．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ運(yùn)行時(shí)，在P點(diǎn)的速度等于在Q點(diǎn)的速度 B．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的Q點(diǎn)速度小于在同步軌道Ⅱ的Q點(diǎn)的速度 C．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的Q點(diǎn)加速度大于在同步軌道Ⅱ的Q點(diǎn)的加速度 D．衛(wèi)星耗盡燃料后，在微小阻力的作用下，機(jī)械能減小，軌道半徑變小，動(dòng)能變小 [解析]　衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ運(yùn)行時(shí)，由開普勒第二定律知，離中心天體越近，運(yùn)行速度越大，因此

5、衛(wèi)星在P點(diǎn)的速度大于在Q點(diǎn)的速度，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；衛(wèi)星由橢圓軌道Ⅰ改變速度進(jìn)入地球同步軌道Ⅱ時(shí)要點(diǎn)火加速，因此，衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的Q點(diǎn)速度小于在同步軌道Ⅱ的Q點(diǎn)的速度，選項(xiàng)B正確；根據(jù)牛頓第二定律知，衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的Q點(diǎn)加速度等于在同步軌道Ⅱ的Q點(diǎn)的加速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；衛(wèi)星耗盡燃料后，在微小阻力的作用下，機(jī)械能減小，速度減小，衛(wèi)星做近心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑減小，根據(jù)G＝m可得v＝ ，即軌道半徑變小，速度變大，動(dòng)能變大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． [答案]　B 17．(2018·陜西摸底)如圖，電路中定值電阻阻值R大于電源內(nèi)阻阻值r.閉合開關(guān)，電路穩(wěn)定后，將滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，理想電壓表V1、V2、V3示數(shù)變

6、化量的絕對值分別為ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想電流表A示數(shù)變化量的絕對值為ΔI，下列說法錯(cuò)誤的是(　　) A．A的示數(shù)增大 B．V2的示數(shù)增大 C．ΔU3與ΔI的比值大于r D．ΔU1大于ΔU2 [解析]　理想電壓表V1、V2、V3的示數(shù)分別是定值電阻兩端的電壓、路端電壓、滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，理想電流表A的示數(shù)是干路中的電流．滑動(dòng)變阻器滑片向下滑動(dòng)，其有效電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路中的電流增大，A示數(shù)增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，即V2示數(shù)減小，故選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；因?yàn)椋絉、＝r，而R>r，所以ΔU1>ΔU2，故選項(xiàng)D正確；因?yàn)棣3>ΔU2、＝r，所以>r，

7、故選項(xiàng)C正確． [答案]　B 18．(2018·武漢調(diào)研)一物塊從固定斜面底端沿傾角為θ的斜面上滑，到達(dá)最大高度后又返回斜面底端．已知物塊下滑的時(shí)間是上滑時(shí)間的2倍，則物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(　　) A.tanθ B.tanθ C.tanθ D．tanθ [解析]　物塊沿斜面上滑時(shí)的加速度大小a1＝gsinθ＋μgcosθ，則s＝a1t2；物塊沿斜面下滑時(shí)的加速度大小a2＝gsinθ－μgcosθ，則s＝a2(2t)2，聯(lián)立解得μ＝tanθ，選項(xiàng)C正確． [答案]　C 19．(2018·福州高三期末)氫原子能級(jí)如圖所示，已知可見光光子的能量在1.61 eV～3.10

8、eV范圍內(nèi)，則下列說法正確的是(　　) A．氫原子由n＝2能級(jí)躍遷到n＝1能級(jí)，放出的光子為可見光 B．大量氫原子處于n＝4能級(jí)時(shí)，向低能級(jí)躍遷能發(fā)出6種頻率的光子 C．處于基態(tài)的氫原子電離需要釋放13.6 eV的能量 D．氫原子處于n＝2能級(jí)時(shí)，可吸收2.86 eV能量的光子躍遷到高級(jí)能 [解析]　大量處于n＝4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)，先從n＝4能級(jí)分別向下面的三個(gè)能級(jí)各畫一條線，可畫三條；再從n＝3能級(jí)出發(fā)，分別向下面二個(gè)能級(jí)各畫一條線，可畫兩條；再從n＝2能級(jí)出發(fā)，向下面一能級(jí)畫一條線，可畫一條；則總共可畫6條，即能發(fā)出6種頻率的光子，B正確；處于n＝2能級(jí)的氫原子，吸

9、收2.86 eV能量的光子，－3.4 eV＋2.86 eV＝－0.54 eV，躍遷到n＝5能級(jí)，選項(xiàng)D正確． [答案]　BD 20．(2018·四川五校聯(lián)考)如圖所示，在x>0，y>0的空間中有恒定的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向垂直于xOy平面向里，大小為B.現(xiàn)有一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，從x軸上的某點(diǎn)P沿著與x軸成30°角的方向射入磁場．不計(jì)重力的影響，則下列說法正確的是(　　) A．只要粒子的速率合適，粒子就可能通過坐標(biāo)原點(diǎn) B．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為 C．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為 D．粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)所經(jīng)歷的時(shí)間可能為 [解析]　帶正電粒子

10、由P點(diǎn)與x軸成30°角入射，則粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心在過P點(diǎn)與速度方向垂直的方向上，粒子在磁場中要想到達(dá)坐標(biāo)原點(diǎn)，轉(zhuǎn)過的圓心角肯定大于180°，如圖所示，而因磁場有邊界，故粒子不可能通過坐標(biāo)原點(diǎn)，A錯(cuò)誤；由于P點(diǎn)的位置不定，所以粒子在磁場中的軌跡圓弧對應(yīng)的圓心角也不同，最大的圓心角為圓弧與y軸相切時(shí)，偏轉(zhuǎn)角度為300°，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t＝T＝，根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)的對稱性，可知粒子的運(yùn)動(dòng)半徑無限大時(shí)，對應(yīng)的最小圓心角也一定大于120°，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間t′>T＝，故粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間范圍是

11、強(qiáng)磁場，虛線間的距離為2L，磁場方向垂直紙面向里．a(chǎn)bcd是位于紙面內(nèi)的梯形閉合線框，ad與bc間的距離為2L且均與ab垂直，ad邊長為2L，bc邊長為3L，t＝0時(shí)刻，c點(diǎn)與磁場區(qū)域左邊界重合．現(xiàn)使線框以恒定的速度v沿垂直于磁場區(qū)域邊界的方向穿過磁場區(qū)域，取沿a→b→c→d→a方向的感應(yīng)電流為正，則在線框穿過磁場區(qū)域的過程中，感應(yīng)電流I及a、b間電勢差U隨時(shí)間t變化的關(guān)系圖線可能是(　　) [解析]　在線框dc邊逐漸進(jìn)入磁場的過程中，線框切割磁感線的有效長度逐漸增大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流逐漸增大；dc邊完全進(jìn)入后，線框切割磁感線的

12、有效長度不變，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流恒定；dc邊出磁場過程，線框切割磁感線的有效長度逐漸減小，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路歐姆定律，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流逐漸減小，但此時(shí)通過線框的磁通量仍一直增大，電流為正；dc邊完全出磁場后，ab邊進(jìn)入勻強(qiáng)磁場切割磁感線，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢和感應(yīng)電流恒定，但電流為負(fù)，所以B正確，A錯(cuò)誤；在0～3時(shí)間段，線框右側(cè)部分切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，相當(dāng)于電源，a、b之間的電勢差與電流成正比，圖象與電流圖象類似；在3～5時(shí)間線段框左側(cè)部分切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢，相當(dāng)于電源，a、b之間的電勢差為正值，D正確，C錯(cuò)誤． [答案]　BD 二、選考題(從兩道題

13、中任選一題作答) 33．(2018·昆明高三摸底)[物理——選修3－3] (1)(多選)下列說法正確的是________． A．處于完全失重的水滴呈球形，是液體表面張力作用的結(jié)果 B．液體與固體接觸處的附著層都有收縮的趨勢 C．液體與氣體接觸處的表面層都有收縮的趨勢 D．毛細(xì)管插入浸潤液體中管內(nèi)液面會(huì)上升 E．毛細(xì)管插入不浸潤液體中管內(nèi)液面會(huì)上升 (2)一定質(zhì)量的理想氣體，狀態(tài)從A→B→C→A的變化過程可用如圖所示的p—V圖線描述，氣體在狀態(tài)C時(shí)溫度為TC＝300 K，求： ①氣體在狀態(tài)A時(shí)的溫度TA，并比較A、B狀態(tài)時(shí)氣體的溫度； ②若氣體在A→B過程中吸熱500 J

14、，則在A→B過程中氣體內(nèi)能如何變化？變化了多少？ [解析]　(1)處于完全失重的水滴呈球形，是液體表面張力作用的結(jié)果，之所以是球形，是因?yàn)橐后w表面張力有使表面積收縮到最小的趨勢，選項(xiàng)A正確；液體與固體接觸處的附著層不一定都有收縮的趨勢，當(dāng)附著層內(nèi)分子間距離小于液體內(nèi)部分子間距離時(shí)，液體與固體間表現(xiàn)為浸潤；附著層內(nèi)分子間的距離大于r0時(shí)，附著層有收縮的趨勢，表現(xiàn)為不浸潤，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；液體與氣體接觸的表面層分子相對稀疏，分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離，故液體與氣體接觸處的表面層都有收縮的趨勢，選項(xiàng)C正確；浸潤液體情況下容器壁對液體的吸引力較強(qiáng)，附著層內(nèi)分子密度較大，分子間距較小，故液體分子間

15、作用力表現(xiàn)為斥力，附著層內(nèi)液面升高，故浸潤液體呈凹液面，不浸潤液體呈凸液面，毛細(xì)管插入浸潤液體中管內(nèi)液面會(huì)上升，選項(xiàng)D正確，E錯(cuò)誤． (2)①氣體從C→A、B→C，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可得 ＝ 解得TA＝300 K ＝ 解得TB＝600 K TB>TA (也可用A、B位于兩條不同的等溫線上，由p—V圖象的物理意義可知TB>TA) ②氣體在A→B過程壓強(qiáng)不變 W＝－pΔV 由熱力學(xué)第一定律： ΔU＝Q＋W 可得氣體內(nèi)能增加了ΔU＝200 J [答案]　(1)ACD　(2)①300 K　TB>TA?、趦?nèi)能增加　200 J 34．(2018·安徽百所高中一模)[物理——選

16、修3－4] (1)(多選)一條繩子兩端為A點(diǎn)和B點(diǎn)，沿繩子建立坐標(biāo)系，如圖甲所示，每隔1 m選一個(gè)坐標(biāo)點(diǎn)，圖乙為A點(diǎn)的振動(dòng)圖象，圖丙為B點(diǎn)的振動(dòng)圖象，兩質(zhì)點(diǎn)各振動(dòng)一個(gè)周期，分別形成兩列波相對傳播，波速均為2 m/s，則下列說法正確的是________． A．兩列波的波長都是2 m B．兩列波在t＝2.5 s時(shí)開始相遇 C．t＝3 s時(shí)，x＝4 m處質(zhì)點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn) D．t＝3 s時(shí)，x＝4 m處質(zhì)點(diǎn)的位移大小為40 cm E．兩列波相遇的時(shí)間為0.5 s (2)如圖所示為截面為四分之三圓的玻璃柱，圓弧ABC面鍍銀，圓弧的半徑為10 cm.一細(xì)光束垂直O(jiān)A并從OA的中點(diǎn)D射入玻

17、璃柱，玻璃柱對該光的折射率為，光在真空中的傳播速度為c＝3×108 m/s，求： ①光從玻璃柱中射出時(shí)的光線與入射光的夾角； ②光在玻璃柱中傳播的時(shí)間(結(jié)果保留三位有效數(shù)字)． [解析]　(1)A、B兩點(diǎn)的振動(dòng)周期均為1 s，波速均為2 m/s，由v＝得波長均為2 m，A正確；當(dāng)B點(diǎn)開始振動(dòng)時(shí)，A點(diǎn)振動(dòng)引起的振動(dòng)形式傳播到x＝2 m處，兩列波經(jīng)過t＝ s＝1.5 s同時(shí)傳播到x＝5 m處，因此在t＝2.5 s時(shí)兩列波相遇，B正確；x＝4 m處的質(zhì)點(diǎn)與x＝2 m處為一個(gè)波長的距離，與x＝8 m處為兩個(gè)波長的距離，距離之差為一個(gè)波長，因此該點(diǎn)為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，C正確；t＝3 s時(shí)，A點(diǎn)振動(dòng)引

18、起的振動(dòng)形式在x＝4 m處位移為0，B點(diǎn)振動(dòng)引起的振動(dòng)形式在x＝4 m處位移也為0，因此t＝3 s時(shí)，x＝4 m處質(zhì)點(diǎn)的位移大小為0，D錯(cuò)誤；以其中一列波為參考系，另一列波相對傳播速度為2v，相遇時(shí)相對傳播距離為2λ，則相遇時(shí)間t＝＝T，即t＝1 s，E錯(cuò)誤． (2)①光射入玻璃柱后的光路如圖所示，在E點(diǎn)有 sin∠DEO＝，得∠DEO＝30° 由幾何關(guān)系知，∠DEO＝∠BEO＝∠EBO＝∠OBF 光在OC面上射出時(shí)的入射角r＝30° 由折射定律n＝得 光從OC面射出時(shí)的折射角i＝45° 則光從玻璃柱中射出時(shí)的光線與入射光的夾角為i′＝135° ②光在玻璃柱中傳播的路程為s＝DE＋EB＋BF DE＝Rcos30° BE＝2Rcos30° BF＝ 光在玻璃柱中傳播的速度為v＝ 光在玻璃柱中傳播的時(shí)間為t＝ 代入數(shù)據(jù)解得t＝4.33×10－9 s [答案]　(1)ABC　(2)①135°　②4.33×10－9 s