《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（二）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（二）（15頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（浙江專用）備戰(zhàn)2022高考物理一輪復(fù)習(xí) 選考仿真模擬卷（二）考生注意：1本試卷分選擇題部分和非選擇題部分，共4頁(yè)2答卷前，考生務(wù)必用藍(lán)、黑色字跡的鋼筆或圓珠筆將自己的姓名、班級(jí)、學(xué)號(hào)填寫(xiě)在相應(yīng)答題紙上3本次考試時(shí)間90分鐘，滿分100分選擇題部分一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，共39分每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分)1.如圖1所示是高速公路旁的交通標(biāo)志，圖中的“100”表示小汽車必須限制在100 km/h內(nèi)行駛，“杭州88 km”表示到杭州還有88 km.“100 km/h”和“88 km”分別指()圖1A瞬時(shí)速度，位移B瞬時(shí)速度，路程C平

2、均速度，位移D平均速度，路程2設(shè)向東的方向?yàn)檎?，有一輛汽車以15 m/s的速度從東向西勻速行駛，則汽車的位移與時(shí)間的關(guān)系圖象可能是下列圖中的()3汽車遇緊急情況剎車，經(jīng)1.5 s停止，剎車距離為9 m若汽車剎車后做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則汽車停止前最后1 s的位移是()A4.5 m B4 m C3 m D2 m4如圖2所示，“套圈圈”是大人和小孩都喜愛(ài)的一種游戲，某大人和小孩直立在界外，在同一豎直線上不同高度分別水平拋出小圓環(huán)，并恰好套中前方同一物體，假設(shè)小圓環(huán)的運(yùn)動(dòng)可以視作平拋運(yùn)動(dòng)，則()圖2A大人拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)B大人和小孩拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等C大人拋出的圓環(huán)初速度較大D大人和小孩拋出的

3、圓環(huán)初速度相等5(2018湖州衢州麗水高三期末)如圖3所示，摩天輪在勻速旋轉(zhuǎn)過(guò)程中()圖3A所有游客的轉(zhuǎn)速是相同的B所有游客的線速度是相同的C在最高點(diǎn)的游客角速度最小D在最低點(diǎn)的游客需要的向心力最大6(2018新高考聯(lián)盟聯(lián)考)2016年10月19日3時(shí)31分，神舟十一號(hào)載人飛船與天宮二號(hào)空間實(shí)驗(yàn)室成功實(shí)現(xiàn)自動(dòng)交會(huì)對(duì)接，如圖4所示，此時(shí)天宮二號(hào)繞地飛行一圈時(shí)間為92.5 min，而地球同步衛(wèi)星繞地球一圈時(shí)間為24 h，根據(jù)此兩組數(shù)據(jù)我們不能求出的是()圖4A天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的角速度之比B天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的離地高度之比C天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的線速度之比D天宮二號(hào)與地球同步衛(wèi)星的向心加

4、速度之比7(2018寧波市十校聯(lián)考)要使平行板電容器的電容增大，可采用的方法是()A增大兩極板正對(duì)面積 B增大兩極板間距C增大兩極板之間的電壓 D使極板帶電荷量增加8.如圖5所示，真空中有兩個(gè)點(diǎn)電荷Q14.0108 C和Q2108 C，分別固定在x0和x4 cm的位置上，則在x軸上()圖5A兩個(gè)點(diǎn)電荷間某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為零Bx8 cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零C(4 cm,8 cm)區(qū)域內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿x軸正方向D電子在兩個(gè)點(diǎn)電荷之間向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，電勢(shì)能先增大后減小9如圖6所示，一薄木板斜放在高度一定的平臺(tái)和水平地板上，其頂端與平臺(tái)相平，末端置于地板的P處，并與地板平滑連接將一可看成質(zhì)點(diǎn)的滑塊自木板頂端無(wú)

5、初速度釋放，沿木板下滑，接著在地板上滑動(dòng)，最終停在Q處滑塊和木板及地板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同現(xiàn)將木板截短一半，仍按上述方式放在該平臺(tái)和水平地板上，再次將滑塊自木板頂端無(wú)初速度釋放(木板始終靜止，設(shè)滑塊在木板和地面接觸處平滑過(guò)渡)，則滑塊最終將停在()圖6AP處 BP、Q之間CQ處 DQ的右側(cè)10轎車司機(jī)座位旁常常掛些小飾物，司機(jī)可根據(jù)小飾物的擺動(dòng)來(lái)判斷汽車的運(yùn)動(dòng)情況某同學(xué)受此啟發(fā)設(shè)計(jì)出一種測(cè)量汽車加速度的裝置來(lái)反映轎車的加速性能原理如圖7所示，質(zhì)量為m的金屬球，固定在一細(xì)長(zhǎng)的輕線下端，細(xì)線能繞懸掛點(diǎn)O在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)，轎車在水平面靜止時(shí)輕線自然下垂，當(dāng)轎車在水平地面加速時(shí)，輕線偏離豎直方向的角度

6、為，此時(shí)加速度a與偏角的關(guān)系式正確的是()圖7Aagsin Bagtan Cagcos Da11如圖8所示，在豎直放置的蹄形磁鐵兩極間放置一陰極射線管，一束電子從A端高速射向B端，當(dāng)它經(jīng)過(guò)蹄形磁鐵產(chǎn)生的磁場(chǎng)時(shí)，受的洛倫茲力方向()圖8A向上B向下C指向N極D指向S極12(2018臺(tái)州外國(guó)語(yǔ)學(xué)校期末)功率為10 W的發(fā)光二極管(LED燈)的亮度與功率為60 W的白熾燈相當(dāng)根據(jù)國(guó)家節(jié)能戰(zhàn)略，2016年前普通白熾燈應(yīng)被淘汰假設(shè)每戶家庭有2只60 W的白熾燈，均用10 W的LED燈替代估算出全國(guó)一年節(jié)省的電能最接近()A8108 kWh B81010 kWhC81011 kWh D81013 kWh1

7、3.(2018東陽(yáng)中學(xué)期中)如圖9所示，一根長(zhǎng)度為L(zhǎng)的直導(dǎo)體棒中通以大小為I的電流，靜止放在導(dǎo)軌上，垂直于導(dǎo)體棒的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，B的方向與豎直方向成角下列說(shuō)法中正確的是()圖9A導(dǎo)體棒受到磁場(chǎng)力大小為BILB導(dǎo)體棒對(duì)軌道壓力大小為mgBILcos C導(dǎo)體棒受到導(dǎo)軌摩擦力為(mgBILsin )D導(dǎo)體棒受到導(dǎo)軌摩擦力為BILsin 二、選擇題(本題共3小題，每小題2分，共6分每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的全部選對(duì)的得2分，選對(duì)但不全的得1分，有選錯(cuò)的得0分)14.加試題 (2018寧波重點(diǎn)中學(xué)聯(lián)考)下列說(shuō)法正確的是()A因?yàn)榧す饩哂懈叨鹊南喔尚?，所以激光可以被調(diào)制

8、后用來(lái)傳遞信息B鈾核(U)需經(jīng)過(guò)6次衰變和8次衰變才能變成鉛核(Pb)C機(jī)械波在介質(zhì)中的傳播速度是由介質(zhì)本身的性質(zhì)決定的，與頻率無(wú)關(guān)D若一個(gè)電子與一個(gè)質(zhì)子的動(dòng)量相等，則質(zhì)子德布羅意波波長(zhǎng)更短15.加試題如圖10所示為兩個(gè)頻率相同、振幅均為A的相干波源在水面上傳播產(chǎn)生的干涉現(xiàn)象，其中實(shí)線和虛線分別表示兩列波的波峰和波谷，t0時(shí)刻M是波峰與波峰相遇的點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是()圖10A如果兩個(gè)波源頻率不同，也能產(chǎn)生類似的穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象B質(zhì)點(diǎn)P和質(zhì)點(diǎn)M在圖示時(shí)刻的高度差為2AC質(zhì)點(diǎn)Q、M是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，再過(guò)半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)P、N也成為振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)D質(zhì)點(diǎn)M振動(dòng)一個(gè)周期，其路程為8A16.加試題 在信息技術(shù)迅猛發(fā)

9、展的今天，光盤(pán)是存儲(chǔ)信息的一種重要媒介光盤(pán)上的信息通常是通過(guò)激光束來(lái)讀取的若激光束不是垂直投射到盤(pán)面上，則光線在通過(guò)透明介質(zhì)層時(shí)會(huì)發(fā)生偏折而改變行進(jìn)的方向，如圖11所示下列說(shuō)法中正確的是()圖11A圖中光束是紅光 是藍(lán)光B在光盤(pán)的透明介質(zhì)層中，光束比傳播速度更快C若光束先后通過(guò)同一雙縫干涉裝置，光束的條紋寬度比的小D若光束先后通過(guò)同一雙縫干涉裝置，光束的條紋寬度比的大非選擇題部分三、非選擇題(本題共7小題，共55分)17(5分)(2018溫州市期末)(1)在做“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)中，以下說(shuō)法正確的是_A先釋放紙帶再接通電源B打點(diǎn)結(jié)束，先關(guān)電源再取紙帶C拉小車的細(xì)線應(yīng)盡可能與長(zhǎng)木

10、板平行D實(shí)驗(yàn)需要平衡拖著紙帶的小車受到的摩擦力(2)某位同學(xué)在做“探究彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)時(shí)，所得的數(shù)據(jù)如下表所示.鉤碼個(gè)數(shù)0123456彈簧長(zhǎng)度/cm46.353.160.066.977.580.387.1請(qǐng)?jiān)趫D12的坐標(biāo)紙中畫(huà)出彈力F與彈簧長(zhǎng)度x的關(guān)系圖線(實(shí)驗(yàn)中所掛鉤碼每個(gè)50 g，g取10 m/s2)圖12彈簧的勁度系數(shù)為_(kāi) N/m，圖象與x軸交點(diǎn)的物理意義是_.18(5分)(2018余姚中學(xué)期中)用如圖13所示的多用電表測(cè)量電阻，要用到選擇開(kāi)關(guān)K和兩個(gè)部件S、T.請(qǐng)根據(jù)下列步驟完成電阻測(cè)量：圖13(1)旋動(dòng)部件_，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0”刻線(2)將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“100”的位

11、置(3)將插入“”“”插孔的表筆短接，旋動(dòng)部件_，使指針對(duì)準(zhǔn)電阻的_(填“0刻線”或“刻線”)(4)將兩表筆分別與待測(cè)電阻相接，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，為了得到比較準(zhǔn)確的測(cè)量結(jié)果，請(qǐng)從下列選項(xiàng)中挑出合理的步驟，并按_的順序進(jìn)行操作，再完成讀數(shù)測(cè)量A將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“1 k”的位置B將K旋轉(zhuǎn)到電阻擋“10”的位置C將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接D將兩表筆短接，旋動(dòng)合適部件，對(duì)電表進(jìn)行校準(zhǔn)19(9分)(2018七彩陽(yáng)光聯(lián)盟期中)如圖14所示，一段平直的馬路上，一輛校車從一個(gè)紅綠燈口由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)36 m速度達(dá)到43.2 km/h；隨后保持這一速度做勻速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)2

12、0 s，行駛到下一個(gè)路口時(shí)，司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方信號(hào)燈為紅燈便立即剎車，校車勻減速直線行駛36 m后恰好停止圖14(1)求校車勻加速運(yùn)動(dòng)的加速度大小a1；(2)若校車總質(zhì)量為4 500 kg，求校車剎車時(shí)所受的阻力大??；(3)若校車內(nèi)坐有一質(zhì)量為30 kg的學(xué)生，求該學(xué)生在校車加速過(guò)程中座椅對(duì)學(xué)生的作用力F的大小(取g10 m/s2，結(jié)果可用根式表示)20(12分)(2017余姚中學(xué)高三上期中)如圖15所示，一小球(可視為質(zhì)點(diǎn))從A以某一水平向右的初速度出發(fā)，沿水平直線軌道運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)后，進(jìn)入半徑R10 cm的光滑豎直圓形軌道，圓形軌道間不相互重疊，即小球離開(kāi)圓形軌道后可繼續(xù)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，C點(diǎn)右側(cè)有一壕溝

13、，C、D兩點(diǎn)的豎直高度h0.8 m，水平距離s1.2 m，水平軌道AB長(zhǎng)為L(zhǎng)11 m，BC長(zhǎng)為L(zhǎng)23 m，小球與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2，重力加速度g10 m/s2，則：圖15(1)若小球恰能通過(guò)圓形軌道的最高點(diǎn)，求小球在A點(diǎn)的初速度大小；(2)為使小球能進(jìn)入壕溝，求小球在A點(diǎn)的初速度v0的范圍21.加試題 (4分)(2018東陽(yáng)中學(xué)期中)如圖16為“研究電磁感應(yīng)現(xiàn)象”的實(shí)驗(yàn)裝置，開(kāi)關(guān)合上前小螺線管已插入到大螺線管中圖16(1)將圖中所缺的導(dǎo)線補(bǔ)接完整；如果在閉合開(kāi)關(guān)時(shí)發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下，那么合上開(kāi)關(guān)后將小螺線管迅速抽出時(shí)，靈敏電流計(jì)指針將向_(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)將滑動(dòng)變阻

14、器的滑片迅速向左滑動(dòng)，則靈敏電流計(jì)指針將向_(“左”或“右”)偏轉(zhuǎn)圖17(2)如圖17所示，在用可拆變壓器“探究變壓器線圈兩端的電壓與匝數(shù)的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法正確的是_A測(cè)量原、副線圈的電壓，可用“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中的電壓表B用可拆變壓器，能方便地從不同接線柱上選取不同匝數(shù)的線圈C原線圈接0、8接線柱，副線圈接0、4接線柱，副線圈電壓大于原線圈電壓D.保持原線圈匝數(shù)和電壓不變，改變副線圈的匝數(shù)，可以研究副線圈匝數(shù)對(duì)輸出電壓的影響22.加試題 (10分)如圖18甲所示，固定軌道由傾角37的斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌用極短的圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

15、B0.2 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)0.5 m，上端用阻值為R0.5 的電阻連接在沿斜導(dǎo)軌向下的拉力(圖中未畫(huà)出)作用下，一質(zhì)量為m0.5 kg、阻值也為0.5 的金屬桿MN從斜導(dǎo)軌上某一高處由靜止開(kāi)始(t0)沿光滑的斜導(dǎo)軌勻加速下滑，當(dāng)桿MN滑至斜導(dǎo)軌的最底端P2Q2處時(shí)撤去拉力，桿MN在粗糙的水平導(dǎo)軌上減速運(yùn)動(dòng)直至停止，其速率v隨時(shí)間t的變化關(guān)系如圖乙所示(其中vm20 m/s和t02 s為已知)桿MN始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持良好接觸，水平導(dǎo)軌和桿MN間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，g10 m/s2.求：圖18(1)桿MN中通過(guò)的最大感應(yīng)電流Im；(2)桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過(guò)程中，通過(guò)電阻R的

16、電荷量q；(3)撤去拉力后，若電阻R上產(chǎn)生的熱量為Q20 J，求桿MN在水平導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的路程s.23.加試題 (10分)如圖19甲所示，半徑為l的金屬圓環(huán)處在垂直圓環(huán)平面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，長(zhǎng)度為l的金屬桿可繞通過(guò)圓心的軸O做順時(shí)針?lè)较虻膭蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)在圖乙中，平行板電容器的極板長(zhǎng)度為l，板間距為d，擋板HI高為4l，距離極板右邊緣3l.兩板中央延長(zhǎng)線上質(zhì)量為m的帶電粒子P以速度v與靜止在兩板中央左邊緣的質(zhì)量為4m的粒子Q發(fā)生碰撞后，以的速率反彈回來(lái)，設(shè)碰撞后粒子Q電荷量為q(不計(jì)P、Q粒子的重力和運(yùn)動(dòng)的阻力) 圖19(1)求Q粒子以多大的速度進(jìn)入平行板電容器；(2)要使Q粒子能落在擋

17、板上的HM之間，圖甲中的a點(diǎn)應(yīng)連接圖乙中的_(填“A”或“D”)點(diǎn)；(3)在滿足(2)的條件下，求金屬桿OC轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度范圍答案精析1B題圖中“100 km/h”和“88 km”分別表示瞬時(shí)速度和路程，故選項(xiàng)B正確2D3.B4A設(shè)拋出的圓環(huán)做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度為v，高度為h，則下落的時(shí)間為：t，水平方向位移xvtv，由以上的公式可知，由于大人的高度h比較大，所以大人拋出的圓環(huán)運(yùn)動(dòng)時(shí)間較長(zhǎng)、速度較小，故A正確，B、C、D錯(cuò)誤5A6.B7A根據(jù)平行板電容器的決定式C，可知要增大電容，可增大兩極板正對(duì)面積，或插入電介質(zhì)，或減小板間距離，故A正確，B錯(cuò)誤；電容器的電容與兩極板間電壓、極板所帶電荷量無(wú)關(guān)，

18、故C、D錯(cuò)誤8B根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)的疊加知，兩點(diǎn)電荷之間的場(chǎng)強(qiáng)方向沿x軸正方向，不為零，A錯(cuò)誤；由分析可知，在x軸上場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)，只能在Q2的右側(cè)，設(shè)該點(diǎn)在Q2右側(cè)L處，則kk，解得L4 cm，則x4 cmL8 cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，B正確；(4 cm,8 cm)區(qū)域內(nèi)電場(chǎng)強(qiáng)度的方向沿x軸負(fù)方向，C錯(cuò)誤；電子在兩個(gè)點(diǎn)電荷之間向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，D錯(cuò)誤9C10.B11B電子從A端射向B端，根據(jù)左手定則，磁感線垂直穿入手心，四指指向電子束運(yùn)動(dòng)的反方向，洛倫茲力的方向向下，故選B.12B因每只白熾燈和發(fā)光二極管的功率分別為60 W和10 W，按4億戶家庭，每戶家庭每天亮燈6小時(shí)計(jì)算，全

19、國(guó)一年節(jié)省的電能最接近41082(6010)103 kW3656 h8.761010 kWh，最接近B選項(xiàng)，故選項(xiàng)B正確，A、C、D錯(cuò)誤13A導(dǎo)體棒受力分析如圖所示：B與I垂直，故導(dǎo)體棒受到磁場(chǎng)力大小為FBIL，選項(xiàng)A正確；根據(jù)共點(diǎn)力平衡規(guī)律得：BILsin FNmg，結(jié)合牛頓第三定律得導(dǎo)體棒對(duì)軌道的壓力大小為FNFNmgBILsin ，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；因?yàn)閷?dǎo)體棒受到的是靜摩擦力，因而受到靜摩擦力大小要運(yùn)用力的平衡規(guī)律求解，即FfBILcos ，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤14AC15BD如果兩個(gè)波源頻率不同，不能產(chǎn)生類似的穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；在t0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M是波峰與波峰相遇，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的

20、振幅等于波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的2倍，質(zhì)點(diǎn)P是波峰與波谷疊加，是振動(dòng)減弱點(diǎn)，位移為0，故質(zhì)點(diǎn)P和質(zhì)點(diǎn)M在圖示時(shí)刻的高度差為2A，故B正確；兩列波干涉時(shí)，兩列波的波峰與波峰、波谷與波谷相遇處，振動(dòng)始終加強(qiáng)，波峰與波谷相遇處振動(dòng)始終減弱，質(zhì)點(diǎn)Q、M是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，質(zhì)點(diǎn)P、N是振動(dòng)減弱點(diǎn)，再過(guò)半個(gè)周期，質(zhì)點(diǎn)P、N還是振動(dòng)減弱點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)M是波峰與波峰相遇，是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)的振幅等于波單獨(dú)傳播時(shí)振幅的2倍，所以質(zhì)點(diǎn)M振動(dòng)一個(gè)周期，其路程為8A，故D正確16BD17(1)BCD(2)見(jiàn)解析圖7.4彈簧的原長(zhǎng)解析(1)應(yīng)先接通電源，然后釋放紙帶，否則紙帶開(kāi)始階段是空白，可能所采集的數(shù)據(jù)不夠，而且浪費(fèi)

21、紙帶，故A錯(cuò)誤；打點(diǎn)結(jié)束后，應(yīng)先切斷電源后再取紙帶，故B正確；實(shí)驗(yàn)應(yīng)保證細(xì)線拉力為小車所受合力，故拉小車的細(xì)線與長(zhǎng)木板平行，故C正確；實(shí)驗(yàn)中，平衡掉摩擦阻力的方法是輕推一下拖著紙帶的小車，若小車能夠勻速下滑，則在紙帶上打下間距均勻的點(diǎn)，故D正確，故選B、C、D.(2)先在坐標(biāo)紙中描點(diǎn)，然后用直線連接，如圖彈簧的勁度系數(shù)為k N/m7.4 N/m，圖象與x軸交點(diǎn)的物理意義是拉力為0時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度，即彈簧的原長(zhǎng)18(1)S(3)T0刻線(4)ADC解析用多用電表測(cè)量電阻時(shí)，在測(cè)量之前就要觀察指針是否在零刻度線上，若指針不在零刻度線上，用螺絲刀小心旋動(dòng)指針定位螺絲S，使指針對(duì)準(zhǔn)電流的“0刻線”然后旋

22、動(dòng)選擇開(kāi)關(guān)K，選擇量程，再將兩表筆短接，調(diào)整旋鈕T，使指針對(duì)準(zhǔn)滿偏刻度(即電阻的“0刻線”)，接下來(lái)才能將兩表筆的金屬部分分別與被測(cè)電阻的兩根引線相接，測(cè)量被測(cè)電阻的阻值若在測(cè)量過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度過(guò)小，表明被測(cè)的電阻阻值很大，這時(shí)要換用更高倍率的擋位，例如，本題就要從“100”擋位更換到“1 k”擋位19(1)2 m/s2(2)9 000 N(3)60 N解析(1)由勻加速直線運(yùn)動(dòng)公式可知v22a1x1，得加速度a12 m/s2(2)由勻減速直線運(yùn)動(dòng)公式得：0v22a2x3解得a22 m/s2F阻Ma29 000 N.(3)勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，設(shè)學(xué)生所受合力大小F合，座椅對(duì)學(xué)生的作用力為F

23、，由牛頓第二定律可得F合ma1F得F60 N.20(1)3 m/s(2)4 m/sv05 m/s解析(1)小球恰能通過(guò)最高點(diǎn)，則有mgm由B到最高點(diǎn)有：mvmv22mgR從AB由動(dòng)能定理得：mgL1mvmv解得小球在A點(diǎn)的初速度v03 m/s.(2)若小球恰好到達(dá)C處，從A到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理：WfEk即：mg(L1L2)0mv解得：v14 m/s若小球恰能越過(guò)壕溝時(shí)，設(shè)小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為vC根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)公式：hgt2，svCt從A到C的過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理得mg(L1L2)mvmv解得：v25 m/s所以當(dāng)4 m/sv05 m/s時(shí)，小球能進(jìn)入壕溝21(1)見(jiàn)解析圖左右(2)BD解

24、析(1)如圖所示在閉合開(kāi)關(guān)時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)一下那么合上開(kāi)關(guān)后將小螺線管迅速抽出時(shí)和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量減小，靈敏電流計(jì)指針將向左偏轉(zhuǎn)；將滑動(dòng)變阻器的滑片迅速向左滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，電流增大，和電流計(jì)串聯(lián)的線圈中磁通量增加，發(fā)現(xiàn)靈敏電流計(jì)的指針向右偏轉(zhuǎn)(2)在“測(cè)定電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”實(shí)驗(yàn)中的電壓表是直流電壓表，變壓器只能改變交變電流的電壓，不能改變直流電壓，故A錯(cuò)誤；變壓器的輸出電壓跟輸入電壓以及原、副線圈匝數(shù)之比都有關(guān)，因此需要用可拆卸的變壓器研究探究副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系，采用控制變量法，即為便于探究，先保持原線圈匝數(shù)和電

25、壓不變，改變副線圈的匝數(shù)，研究其對(duì)副線圈電壓的影響，故B、D正確；根據(jù)原、副線圈匝數(shù)之比等于輸入、輸出電壓之比可知，原線圈接0、8接線柱，副線圈接0、4接線柱，那么副線圈的電壓小于原線圈電壓，故C錯(cuò)誤22(1)2 A(2)1.6 C(3)120 m解析(1)經(jīng)分析可知，桿MN下滑到P2Q2處時(shí)的速度最大(為vm)，此時(shí)回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，且速度方向與磁場(chǎng)垂直，故最大值為：EmBLvm此時(shí)回路中通過(guò)的感應(yīng)電流最大，有：Im A2 A；(2)桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的距離為：xt0在桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過(guò)程中，穿過(guò)回路的磁通量的變化為：BLxcos 該過(guò)程，回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：回路中通

26、過(guò)的平均感應(yīng)電流為：又：qt0，聯(lián)立解得：q1.6 C.(3)撤去拉力后，電阻R上產(chǎn)生的熱量QQ總由功能關(guān)系可知：克服安培力做的功WAQ總對(duì)桿由動(dòng)能定理得：mgsWA0mv解得：s m120 m.23(1)v(2)D(3)見(jiàn)解析解析(1)粒子P、Q相碰撞，動(dòng)量守恒，以P粒子初速度方向?yàn)檎?，則有mvm()4mv解得v(3)若板間距比較大，粒子能到達(dá)H點(diǎn)，此時(shí)粒子在板間的側(cè)位移為y1，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得解得y1l，又y1，即根據(jù)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，得y1t2，lvt，解得y1U1根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得U1B1l2解得1若板間距比較小，粒子從上極板邊緣飛出，落在擋板上的位置與M點(diǎn)相距y，根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得解得yd，且y2l，根據(jù)帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，得粒子的側(cè)位移y2，y2t2，lvt解得y2，U2根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得U2B2l2，2當(dāng)時(shí)，1當(dāng)時(shí)，2.