《2022年高考物理總復(fù)習(xí)講義 第9章 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感現(xiàn)象》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022年高考物理總復(fù)習(xí)講義 第9章 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感現(xiàn)象（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022年高考物理總復(fù)習(xí)講義 第9章 第2講 法拉第電磁感應(yīng)定律、自感現(xiàn)象 1．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) (1)概念：在電磁感應(yīng)現(xiàn)象中產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)． (2)產(chǎn)生條件：穿過(guò)回路的磁通量發(fā)生改變，與電路是否閉合無(wú)關(guān)． (3)方向判斷：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向用楞次定律或右手定則判斷． 2．法拉第電磁感應(yīng)定律 (1)內(nèi)容：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小跟穿過(guò)這一電路的磁通量的變化率成正比． (2)公式：E＝n，其中n為線圈匝數(shù)． (1)線圈中的磁通量越大，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)一定越大．(×) (2)線圈處在磁場(chǎng)越強(qiáng)的位置，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電勢(shì)一定越大．(×) (3)線圈中磁通量變化得越快，線圈中產(chǎn)生的

2、感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大．(√) 知識(shí)二　導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 導(dǎo)體棒切割磁感線時(shí)，可有以下三種情況： 切割方式 電動(dòng)勢(shì)表達(dá)式 說(shuō)明 垂直切割 E＝Blv ①導(dǎo)體棒與磁場(chǎng)方向垂直②磁場(chǎng)為勻強(qiáng)磁場(chǎng) 傾斜切割 E＝Blvsin_θ 其中θ為v與B的夾角 旋轉(zhuǎn)切割(以一端為軸) E＝Bl2ω 　公式E＝Blv的適用條件： (1)B為勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度，B、l、v兩兩互相垂直． (2)l為導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度． 知識(shí)三　自感和渦流 1．自感現(xiàn)象：由于通過(guò)導(dǎo)體自身的電流發(fā)生變化而產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象． 2．自感電動(dòng)勢(shì) (1)定義：在自感現(xiàn)象中產(chǎn)

3、生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)． (2)表達(dá)式：E＝L. (3)自感系數(shù)L ①相關(guān)因素：與線圈的大小、形狀、圈數(shù)以及是否有鐵芯等因素有關(guān)． ②單位：亨利(H)，1 mH＝10－3 H,1 μH＝10－6 H. 3．渦流：當(dāng)線圈中的電流發(fā)生變化時(shí)，在它附近的導(dǎo)體中產(chǎn)生的像水的旋渦一樣的感應(yīng)電流． 　 如圖所示的電路中L為自感系數(shù)很大而電阻很小的線圈，S閉合時(shí)小燈泡A發(fā)光，當(dāng)S突然斷開(kāi)時(shí)，小燈泡的亮度怎樣變化？ [提示]　小燈泡先閃亮一下，然后逐漸熄滅． 1．下列各種導(dǎo)體切割磁感線的情況中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大的是(　　) 【解析】　利用公式E＝BLv計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的

4、大小時(shí)，B與v垂直，B與L垂直，L為導(dǎo)體與B和v垂直的有效長(zhǎng)度，顯然，C項(xiàng)中導(dǎo)體的有效長(zhǎng)度最長(zhǎng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大． 【答案】　C 2. 圖9－2－1 水平放置的金屬框架cdef處于如圖9－2－1所示的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬棒ab處于粗糙的框架上且接觸良好，從某時(shí)刻開(kāi)始，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，金屬棒ab始終保持靜止，則(　　) A．a(chǎn)b中電流增大，ab棒所受摩擦力增大 B．a(chǎn)b中電流不變，ab棒所受摩擦力不變 C．a(chǎn)b中電流不變，ab棒所受摩擦力增大 D．a(chǎn)b中電流增大，ab棒所受摩擦力不變 【解析】　由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝＝·S知，磁感應(yīng)強(qiáng)度均勻增大，則ab中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和電

5、流不變，由Ff＝F安＝BIL知摩擦力增大，選項(xiàng)C正確． 【答案】　C 3．(多選)如圖9－2－2(a)、(b)所示的電路中，電阻R和自感線圈L的電阻值都很小，且小于燈A的電阻，接通S，使電路達(dá)到穩(wěn)定，燈泡A發(fā)光，則(　　) 圖9－2－2 A．在電路(a)中，斷開(kāi)S后，A將逐漸變暗 B．在電路(a)中，斷開(kāi)S后，A將先變得更亮，然后逐漸變暗 C．在電路(b)中，斷開(kāi)S后，A將逐漸變暗 D．在電路(b)中，斷開(kāi)S后，A將先變得更亮，然后逐漸變暗 【解析】　(a)電路中，燈A和線圈L串聯(lián)，電流相同，斷開(kāi)S時(shí)，線圈上產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，阻礙原電流的減小，通過(guò)R、A形成回路，A將逐漸變暗

6、．(b)電路中電阻R和燈A串聯(lián)，燈A的電阻大于線圈L的電阻，電流則小于線圈L中的電流，斷開(kāi)S時(shí)，電源不給燈A供電，而線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)阻礙電流的減小，通過(guò)A、R形成回路，燈A中電流比原來(lái)大，變得更亮，然后逐漸變暗．所以選項(xiàng)A、D正確． 【答案】　AD 圖9－2－3 4．(xx·北京高考)如圖9－2－3，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，金屬桿MN在平行金屬導(dǎo)軌上以速度v向右勻速運(yùn)動(dòng)，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E1；若磁感應(yīng)強(qiáng)度增為2B，其他條件不變，MN中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變?yōu)镋2.則通過(guò)電阻R的電流方向及E1與E2之比分別為(　　) A．c→a；2∶1　　　　　　

7、B．a(chǎn)→c；2∶1 C．a(chǎn)→c；1∶2 D．c→a；1∶2 【解析】　根據(jù)右手定則可知導(dǎo)體棒中感應(yīng)電流的方向由N→M，所以電阻R中的電流方向是a→c，由E＝BLv，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，其他條件不變，則感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)也變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，故C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 【答案】　C 5．(xx·江蘇高考)一矩形線框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線框平面與磁場(chǎng)方向垂直．先保持線框的面積不變，將磁感應(yīng)強(qiáng)度在1 s時(shí)間內(nèi)均勻地增大到原來(lái)的兩倍．接著保持增大后的磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，在1 s時(shí)間內(nèi)，再將線框的面積均勻地減小到原來(lái)的一半．先后兩個(gè)過(guò)程中，線框中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的比值為(　　) A.　　　B．1　　　C．2　

8、　　D．4 【解析】　設(shè)原磁感應(yīng)強(qiáng)度是B，線框面積是S.第1 s內(nèi)ΔΦ1＝2BS－BS＝BS，第2 s內(nèi)ΔΦ2＝2B·－2B·S＝－BS.因?yàn)镋＝n，所以兩次電動(dòng)勢(shì)大小相等，B正確． 【答案】　B 考點(diǎn)一 [76]　法拉第電磁感應(yīng)定律的理解和應(yīng)用 一、決定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小的因素 感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E的大小決定于穿過(guò)電路的磁通量的變化率和線圈的匝數(shù)n.而與磁通量的大小、磁通量變化量ΔΦ的大小無(wú)必然聯(lián)系． 二、磁通量變化通常有兩種方式 1．磁感應(yīng)強(qiáng)度B不變，垂直于磁場(chǎng)的回路面積發(fā)生變化，此時(shí)E＝nB. 2．垂直于磁場(chǎng)的回路面積不變，磁感應(yīng)強(qiáng)度發(fā)生變化，此時(shí)E＝nS，其中是B－t圖象的斜率

9、． ——————[1個(gè)示范例]—————— 　如圖9－2－4甲所示，一個(gè)電阻為R、面積為S的矩形導(dǎo)線框abcd，水平放置在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，方向與ad邊垂直并與線框平面成45°角，O、O′分別是ab邊和cd邊的中點(diǎn)．現(xiàn)將線框右半邊ObcO′繞OO′逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°到圖乙所示位置，在這一過(guò)程中，導(dǎo)線中通過(guò)的電荷量是(　　) 甲　　　　　　　　　　　乙 9－2－4 A.　　　　　　　　　 B. C. D．0 【解析】　線框的右半邊(ObcO′)未旋轉(zhuǎn)時(shí)，整個(gè)回路的磁通量Φ1＝BSsin 45°＝BS；線框的右半邊(ObcO′)旋轉(zhuǎn)90°后，穿進(jìn)跟穿出的磁通量相

10、等，如圖(2)所示，整個(gè)回路的磁通量Φ2＝0，所以ΔΦ＝Φ2－Φ1＝BS.根據(jù)公式得q＝＝，A正確． (1)　　　　　　　　　　(2) 【答案】　A ——————[1個(gè)預(yù)測(cè)例]—————— 　有一面積為S＝100 cm2的金屬環(huán)如圖9－2－5甲所示，電阻為R＝0.1 Ω，環(huán)中磁場(chǎng)變化規(guī)律如圖9－2－5乙所示，且磁場(chǎng)方向垂直環(huán)面向里，在t1到t2時(shí)間內(nèi)，環(huán)中感應(yīng)電流的方向如何？通過(guò)金屬環(huán)的電荷量為多少？ 甲　　　　　　　　　乙　　 圖9－2－5 【審題指導(dǎo)】　(1)由B→t圖象可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度變大．磁通量增加，根據(jù)楞次定律可確定感應(yīng)電流方向． (2)通過(guò)金屬環(huán)的電荷量由磁

11、通量的變化量決定． 【解析】　由楞次定律，可以判斷出金屬環(huán)中感應(yīng)電流的方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍? 由圖乙可知：磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率＝① 金屬環(huán)中的磁通量的變化率 ＝·S＝·S② 環(huán)中形成的感應(yīng)電流I＝＝＝③ 通過(guò)金屬環(huán)的電荷量Q＝IΔt④ 由①②③④式解得 Q＝＝ C＝0.01 C. 【答案】　見(jiàn)解析 　電磁感應(yīng)電路中的電荷量應(yīng)用公式Q＝計(jì)算，其中N為線圈匝數(shù)，R為電路中總電阻． 考點(diǎn)二 [77]　導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算 一、導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線 對(duì)于導(dǎo)體平動(dòng)切割感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算式E＝Blv，應(yīng)從以下幾個(gè)方面理解和掌握． 1．正交性 本公式

12、是在一定條件下得出的，除了磁場(chǎng)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，還需B、l、v三者相互垂直．實(shí)際問(wèn)題中當(dāng)它們不相互垂直時(shí)，應(yīng)取垂直的分量進(jìn)行計(jì)算，公式可為E＝Blvsin θ，θ為B與v方向間的夾角． 2．平均性 導(dǎo)體平動(dòng)切割磁感線時(shí)，若v為平均速度，則E為平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，即＝Bl. 3．瞬時(shí)性 若v為瞬時(shí)速度，則E為相應(yīng)的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)． 4．有效性 公式中的l為有效切割長(zhǎng)度，即導(dǎo)體與v垂直的方向上的投影長(zhǎng)度．圖9－2－6中有效長(zhǎng)度分別為： 甲　　　　　　乙　　　　　丙 圖9－2－6 甲圖：l＝cdsin β(容易錯(cuò)算成l＝absin β)． 乙圖：沿v1方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝MN； 沿v2方

13、向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝0. 丙圖：沿v1方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝R； 沿v2方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝0； 沿v3方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，l＝R. 5．相對(duì)性 E＝Blv中的速度v是相對(duì)于磁場(chǎng)的速度，若磁場(chǎng)也運(yùn)動(dòng)時(shí)，應(yīng)注意速度間的相對(duì)關(guān)系． 二、導(dǎo)體轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線 當(dāng)導(dǎo)體在垂直于磁場(chǎng)的平面內(nèi)，繞一端以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝Bl＝Bl2ω，如圖9－2－7所示． 圖9－2－7 ——————[1個(gè)示范例]—————— 　(多選) 圖9－2－8 (xx·四川高考)半徑為a右端開(kāi)小口的導(dǎo)體圓環(huán)和長(zhǎng)為2a的導(dǎo)體直桿，單位長(zhǎng)度電阻均為R0.圓環(huán)水平固定放置，整個(gè)內(nèi)部區(qū)域分布著豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)

14、，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B.桿在圓環(huán)上以速度v平行于直徑CD向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，桿始終有兩點(diǎn)與圓環(huán)良好接觸，從圓環(huán)中心O開(kāi)始，桿的位置由θ確定，如圖9－2－8所示．則(　　) A．θ＝0時(shí)，桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為2Bav B．θ＝時(shí)，桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)為Bav C．θ＝0時(shí)，桿受的安培力大小為 D．θ＝時(shí)，桿受的安培力大小為 【審題指導(dǎo)】　(1)右端開(kāi)有小口，使得閉合回路大大簡(jiǎn)化． (2)θ角的大小決定了導(dǎo)體切割磁感線的有效長(zhǎng)度． 【解析】　當(dāng)θ＝0時(shí)，桿切割磁感線的有效長(zhǎng)度l1＝2a，所以桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E1＝Bl1v＝2Bav，選項(xiàng)A正確；此時(shí)桿上的電流I1＝＝，桿受的安培力大小F1＝BI1l1＝

15、，選項(xiàng)C錯(cuò)誤． 當(dāng)θ＝時(shí)，桿切割磁感線的有效長(zhǎng)度l2＝2acos ＝a，桿產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E2＝Bl2v＝Bav，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；此時(shí)桿上的電流I2＝＝，桿受的安培力大小F2＝BI2l2＝，選項(xiàng)D正確． 【答案】　AD ——————[1個(gè)預(yù)測(cè)例]—————— 　 圖9－2－9 (多選)(xx·銀川模擬)在北半球海洋某處，地磁場(chǎng)的水平分量B1＝0.8×10－4T，豎直分量B2＝0.5×10－4T，海水向北流動(dòng)．海洋工作者測(cè)量海水的流速時(shí)，將兩極板豎直插入此處海水中，保持兩極板正對(duì)且垂線沿東西方向，兩極板相距L＝20 m，如圖9－2－9所示，與兩極板相連的電壓表(可看做理想電壓表)示數(shù)為U

16、＝0.2 mV.則(　　) A．西側(cè)極板電勢(shì)高，東側(cè)極板電勢(shì)低 B．西側(cè)極板電勢(shì)低，東側(cè)極板電勢(shì)高 C．海水的流速大小為0.125 m/s D．海水的流速大小為0.2 m/s 【解析】　由于海水向北流動(dòng)，海水切割地磁場(chǎng)的豎直分量，由地磁場(chǎng)的分布特點(diǎn)可知北半球地磁場(chǎng)的豎直分量方向向下，由右手定則可得A正確，B錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律得E＝B2Lv＝0.2 mV，代入數(shù)據(jù)得v＝0.2 m/s，C錯(cuò)誤，D正確． 【答案】　AD 考點(diǎn)三 [78]　自感現(xiàn)象的應(yīng)用 通電自感和斷電自感的對(duì)比： 通電自感 斷電自感 電路圖 器材 要求 A1、A2同規(guī)格，R＝RL，L

17、較大 L很大(有鐵芯)RL?RA 現(xiàn)象 在S閉合瞬間，A2燈立即亮起來(lái)，A1燈逐漸變亮，最終一樣亮 在開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，燈A突然閃亮一下后再漸漸熄滅 　(xx·江蘇四市調(diào)研)如圖9－2－10所示電路中，L為電感線圈，C為電容器，當(dāng)開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)變?yōu)殚]合時(shí)(　　) 圖9－2－10 A．A燈中無(wú)電流通過(guò)，不可能變亮 B．A燈中有電流通過(guò)，方向由a到b C．B燈逐漸熄滅，c點(diǎn)電勢(shì)高于d點(diǎn)電勢(shì) D．B燈逐漸熄滅，c點(diǎn)電勢(shì)低于d點(diǎn)電勢(shì) 【解析】　當(dāng)開(kāi)關(guān)S由斷開(kāi)變?yōu)殚]合時(shí)，電感線圈L中產(chǎn)生從c到d的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，B燈逐漸熄滅，把L看做一個(gè)電源的話，c點(diǎn)電勢(shì)低于d點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)D正確，而

18、C錯(cuò)誤；電容器C短路放電，A燈中有電流通過(guò)，方向由b到a，選項(xiàng)A、B均錯(cuò)誤． 【答案】　D 電磁感應(yīng)現(xiàn)象中電荷量和熱量的計(jì)算 一、電荷量的計(jì)算 1．思考方向：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n確定平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合閉合電路歐姆定律和電流的定義式I＝計(jì)算電荷量． 2．公式推導(dǎo)過(guò)程 →回路中平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)＝n ↓ →＝＝ ↓ →q＝IΔt＝ 二、焦耳熱的計(jì)算 求解電磁感應(yīng)過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱，有以下三種思路： 1.→應(yīng)用焦耳定律：Q＝I2Rt 2.→焦耳熱等于克服安培力做的功：Q＝W安 3.→根據(jù)功能關(guān)系來(lái)求解焦耳熱 　【規(guī)范解答】　(1)設(shè)棒勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為Δt，

19、回路的磁通量變化量為ΔΦ，回路中的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，由法拉第電磁感應(yīng)定律得 ＝① 其中ΔΦ＝Blx② 設(shè)回路中的平均電流為，由閉合電路歐姆定律得 ＝③ 則通過(guò)電阻R的電荷量為q＝Δt④ 聯(lián)立①②③④式，代入數(shù)據(jù)得q＝4.5 C．⑤ (2)設(shè)撤去外力時(shí)棒的速度為v，對(duì)棒的勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v2＝2ax⑥ 設(shè)棒在撤去外力后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中安培力所做的功為W，由動(dòng)能定理得 W＝0－mv2⑦ 撤去外力后回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q2＝－W⑧ 聯(lián)立⑥⑦⑧式，代入數(shù)據(jù)得Q2＝1.8 J．⑨ (3)由題意知，撤去外力前后回路中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1∶Q2＝2∶1，可得Q1＝3.6 J⑩

20、 在棒運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中，由功能關(guān)系可知WF＝Q1＋Q2? 由⑨⑩?式得WF＝5.4 J. 【答案】　(1)4.5 C　(2)1.8 J　(3)5.4 J 　如圖9－2－12甲所示，垂直于水平桌面向上的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.8 T，寬度L＝2.5 m．光滑金屬導(dǎo)軌OM、ON固定在桌面上，O點(diǎn)位于磁場(chǎng)的左邊界，且OM、ON與磁場(chǎng)左邊界均成45°角．金屬棒ab放在導(dǎo)軌上，且與磁場(chǎng)的右邊界重合．t＝0時(shí)，ab在水平向左的外力F作用下勻速通過(guò)磁場(chǎng)，測(cè)得回路中的感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象如圖乙所示．已知OM、ON接觸點(diǎn)的電阻為R，其余電阻不計(jì)． 甲　　　　　　　　　　　　乙　　　

21、　 圖9－2－12 (1)利用圖象求出這個(gè)過(guò)程中通過(guò)ab棒截面的電荷量及電阻R； (2)寫(xiě)出水平力F隨時(shí)間變化的表達(dá)式． 【解析】　(1)根據(jù)q＝·t，由i－t圖象得： q＝×2.0×5 C＝5 C 又＝＝＝ 其中＝1.0 A，Δt＝5 s，得R＝1 Ω (2)由圖象知，感應(yīng)電流i＝(2－0.4t) A 棒的速度v＝＝ m/s＝0.5 m/s 有效長(zhǎng)度l＝2(L－vt)tan 45°＝(5－t) m 棒在力F和安培力FA作用下勻速運(yùn)動(dòng)，有 F＝Bil＝0.8×(2－0.4t)×(5－t)N＝2×(2－0.4t)2 N. 【答案】　(1)5 C　1 Ω　(2)F＝2×(

22、2－0.4t)2 N ⊙理解法拉第電磁感應(yīng)定律 1．(多選)關(guān)于感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．穿過(guò)回路的磁通量越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大 B．穿過(guò)回路的磁通量變化量越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大 C．穿過(guò)回路的磁通量變化率越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大 D．單位時(shí)間內(nèi)穿過(guò)回路的磁通量變化量越大，回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)就越大 【解析】　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，E＝n.由此可確定A、B錯(cuò)誤，C、D正確． 【答案】　CD ⊙用電磁感應(yīng)定律計(jì)算感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 2. 圖9－2－13 (xx·青島模擬)如圖9－2－13所示，鐵芯右邊繞有一個(gè)線圈，線圈兩端與滑動(dòng)變阻器

23、、電池組連成回路．左邊的鐵芯上套有一個(gè)環(huán)面積為0.02 m2、電阻為0.1 Ω的金屬環(huán)．鐵芯的橫截面積為0.01 m2，且假設(shè)磁場(chǎng)全部集中在鐵芯中，金屬環(huán)與鐵芯截面垂直．調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)頭，使鐵芯中的磁感應(yīng)強(qiáng)度每秒均勻增加0.2 T，則從上向下看(　　) A．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針?lè)较?，感?yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為4.0×10－3 V B．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是順時(shí)針?lè)较?，感?yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為4.0×10－3 V C．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是逆時(shí)針?lè)较颍袘?yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為2.0×10－3 V D．金屬環(huán)中感應(yīng)電流方向是順時(shí)針?lè)较?，感?yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為2.0×10－3 V 【解析】　鐵芯內(nèi)的磁通量情

24、況是相同的，金屬環(huán)的有效面積即鐵芯的橫截面積．根據(jù)電磁感應(yīng)定律E＝n＝1×0.2×0.01 V＝2×10－3 V．又根據(jù)楞次定律，金屬環(huán)中電流方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较?，即C正確． 【答案】　C ⊙導(dǎo)體切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算 3．(多選)(xx·武漢二中模擬)光滑金屬導(dǎo)軌寬L＝0.4 m，電阻不計(jì)，均勻變化的磁場(chǎng)穿過(guò)整個(gè)軌道平面，如圖9－2－14甲所示．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的情況如圖9－2－14乙所示．金屬棒ab的電阻為1 Ω，自t＝0時(shí)刻起從導(dǎo)軌最左端以v＝2 m/s的速度向右勻速運(yùn)動(dòng)，則(　　) 甲　　　　　　　　乙 圖9－2－14 A．1 s末回路中電動(dòng)勢(shì)為0.8 V

25、 B．1 s末ab棒所受磁場(chǎng)力為0.64 N C．1 s末回路中電動(dòng)勢(shì)為1.6 V D．1 s末ab棒所受磁場(chǎng)力為1.28 N 【解析】　1 s末磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝2 T，回路中電動(dòng)勢(shì)為E＝BLv＝1.6 V，則C對(duì)；回路中的電流為I＝＝1.6 A，桿受的安培力大小為F＝BIL＝1.28 N，D對(duì)． 【答案】　CD ⊙自感現(xiàn)象的理解和應(yīng)用 4. 圖9－2－15 (多選)如圖9－2－15所示，A、B是完全相同的兩個(gè)小燈泡，L為自感系數(shù)很大、電阻可以忽略的帶鐵芯的線圈(　　) A．電鍵S閉合瞬間，A、B同時(shí)發(fā)光，隨后A燈變暗直至熄滅，B燈變亮 B．電鍵S閉合瞬間，

26、B燈亮，A燈不亮 C．?dāng)嚅_(kāi)電鍵S的瞬間，A、B燈同時(shí)熄滅 D．?dāng)嚅_(kāi)電鍵S的瞬間，B燈立即熄滅，A燈突然閃亮一下再熄滅 【解析】　因線圈的自感系數(shù)很大，電阻可忽略，故閉合電鍵瞬間，線圈對(duì)電流的阻礙作用極大，相當(dāng)于斷路，故A、B同時(shí)發(fā)光，且亮度相同，當(dāng)穩(wěn)定后，線圈相當(dāng)于導(dǎo)線，A燈短路，B燈電壓為電源電壓，亮度比閉合瞬間更亮．?dāng)嚅_(kāi)電鍵瞬間，B燈立即熄滅，而線圈中的電流不會(huì)立即消失，線圈相當(dāng)于一個(gè)電源使A燈中會(huì)有一短暫電流，從而使A燈會(huì)亮一下再熄滅． 【答案】　AD ⊙法拉第電磁感應(yīng)定律的綜合應(yīng)用 5．如圖9－2－16所示，固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的水平導(dǎo)軌ab、cd的間距為L(zhǎng)1＝0.5 m，金屬

27、棒ad與導(dǎo)軌左端bc的距離為L(zhǎng)2＝0.8 m，整個(gè)閉合回路的電阻為R＝0.2 Ω，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0＝1 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)豎直向下穿過(guò)整個(gè)回路．a(chǎn)d桿通過(guò)滑輪和輕繩連接著一個(gè)質(zhì)量為m＝0.04 kg的物體，不計(jì)一切摩擦，現(xiàn)使磁場(chǎng)以＝0.2 T/s的變化率均勻地增大．求： 圖9－2－16 (1)金屬棒上電流的方向； (2)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大??； (3)物體剛好離開(kāi)地面的時(shí)間(g＝10 m/s2)． 【解析】　(1)由楞次定律可以判斷，金屬棒上的電流方向是由a到d. (2)由法拉第電磁感應(yīng)定律得： E＝＝S＝0.08 V. (3)物體剛要離開(kāi)地面時(shí)，其受到的拉力F＝mg，而拉力F又等于棒所受的安培力． 即mg＝F安＝BIL1 其中B＝B0＋t I＝ 解得t＝5 s. 【答案】　(1)由a到d　(2)0.08 V　(3)5 s