《（江浙選考1）2022年高考物理總復習 第十五章 動量守恒定律 考點強化練34 動量、動量定理和動量守恒定律》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（江浙選考1）2022年高考物理總復習 第十五章 動量守恒定律 考點強化練34 動量、動量定理和動量守恒定律（5頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、（江浙選考1）2022年高考物理總復習 第十五章 動量守恒定律 考點強化練34 動量、動量定理和動量守恒定律1.(多選)下列關于動量的說法正確的是()A.質量大的物體的動量一定大B.質量和速率都相同的物體的動量一定相同C.一個物體的速率改變,它的動量一定改變D.一個物體的運動狀態(tài)改變,它的動量一定改變2.質量為2 kg的物體沿直線運動,速度由4 m/s變?yōu)?6 m/s,則在此過程中,它所受到的合外力的沖量為()A.-20 NsB.20 NsC.-4 NsD.-12 Ns3.跳遠時,跳在沙坑里比跳在水泥地上安全,這是由于()A.人跳在沙坑里的動量比跳在水泥地上小B.人跳在沙坑里的動量變化比跳在水

2、泥地上小C.人跳在沙坑里受到的沖量比跳在水泥地上小D.人跳在沙坑里受到的沖力比跳在水泥地上小4.光滑水平面上兩小球a、b用不可伸長的松弛細繩相連,開始時a球靜止, b球以一定速度運動直至繩被拉緊,然后兩球一起運動,在此過程中關于兩球的總動量和機械能守恒的說法正確的是()A.兩球的總動量和機械能都守恒B.兩球的總動量和機械能都不守恒C.兩球的總動量守恒,機械能不守恒D.兩球的總動量不守恒,機械能守恒5.(多選)據媒體報道,某手機帶有屏幕保護器,保護裝置設置在屏幕的4個角落由彈性塑料、聚合物及超薄金屬片組成,一旦手機內的加速度計、陀螺儀及位移傳感器感知手機掉落,屏幕保護器會自動彈出,并完全吸收手機

3、撞擊地面的能量,避免手機屏幕直接接觸地面而損壞。已知該手機設計質量約為160 g,從1.5 m自由掉落,不計空氣阻力,重力加速度g取10 m/s2,則以下分析正確的是()A.手機落地的速度約為4.5 m/sB.保護器彈出的時間應小于0.55 sC.手機落地時重力的功率約為7.5 WD.若保護器吸收撞擊力的時間為0.05 s,則地面對手機的平均作用力約為19.2 N6.據新華社報道,2018年5月9日凌晨,我國長征系列運載火箭,在太原衛(wèi)星發(fā)射中心完或第274次發(fā)射任務,成功發(fā)射高分五號衛(wèi)星,該衛(wèi)星是世界上第一顆實現對大氣和陸地綜合觀測的全譜段高光譜衛(wèi)星。最初靜止的運載火箭點火后噴出質量為M的氣體

4、后,質量為m的衛(wèi)星(含未脫離的火箭)的速度大小為v,不計衛(wèi)星受到的重力和空氣阻力。則在上述過程中,衛(wèi)星所受沖量大小為()A.MvB.(M+m)vC.(M-m)vD.mv7.“蹦極”運動中,長彈性繩的一端固定,另一端綁在人身上,人從幾十米高處跳下。將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動。從繩恰好伸直,到人第一次下降至最低點的過程中,下列分析正確的是()A.繩對人的沖量始終向上,人的動量先增大后減小B.繩對人的拉力始終做負功,人的動能一直減小C.繩恰好伸直時,繩的彈性勢能為零,人的動能最大D.人在最低點時,繩對人的拉力等于人所受的重力8.影視劇中?？吹絼≈腥宋飶臉O高處落入水中而安然無恙的鏡頭,你相信這

5、是真的嗎?目前世界最高跳水紀錄的高度達到了驚人的61米,不過那名跳水者也因此摔斷了脊梁骨。專家稱,高空跳水在不會對人體造成傷害的情況下,跳臺通常不能超過24.4米。我們假設一個運動員從20米高處跳入水中,從他接觸水面到速度降為0歷時t=0.1秒,忽略空氣阻力,重力加速度g取10 m/s2。試計算該運動員受到水的平均沖擊力是其自身重力的多少倍?9.(2018浙江東陽中學摸底)質量為m的物體放在粗糙水平面上,在水平恒力F作用下從靜止出發(fā),經過時間t速度達到v。要使物體從靜止出發(fā)速度達到2v,下列措施中可行的是()A.僅將F加倍B.僅將t加倍C.僅將物體切去一半D.將原物換成質量為2m的同材料的另一

6、物體,同時將F加倍10.如圖所示,小車AB靜止于水平面上,A端固定一個輕質彈簧,B端粘有橡皮泥。小車AB質量為M,質量為m的木塊C放在小車上,CB距離為L,用細線將木塊連接于小車的A端并使彈簧壓縮。開始時小車AB與木塊C都處于靜止狀態(tài),現燒斷細線,彈簧被釋放,使木塊離開彈簧向B端滑去,并跟B端橡皮泥粘在一起。所有摩擦均不計,對整個過程,以下說法正確的是()A.整個系統機械能守恒B.整個系統機械能不守恒,動量也不守恒C.當木塊的速度最大時,小車的速度也最大D.最終整個系統勻速運動11.甲、乙兩物體的動量大小分別為p和,動能大小分別為E和3E,那么()A.要使它們在相同時間內停下來,應對乙施加較大

7、的阻力B.要使它們在相同距離內停下來,應對甲施加較大的阻力C.甲的質量是乙的12倍D.乙的速度是甲的3倍12.(多選)質量為m=2 kg的物體沿水平面向右做直線運動。t=0時刻受到一個水平向左的恒力F,如圖甲所示。此后物體的v-t圖象如圖乙所示。取水平向右為正方向,g取10 m/s2,則()A.物體與水平面間的動摩擦因數為=0.5B.8 s末物體的動量為8 kgm/sC.010 s內恒力F的沖量大小為30 NsD.010 s內恒力F做功的平均功率為0.6 W13.一位質量為m的運動員從下蹲狀態(tài)向上起跳,經t時間,身體伸直并剛好離開地面,速度為v,在此過程中()A.地面對他的沖量為mv+mgt,

8、地面對他做的功為mv2B.地面對他的沖量為mv+mgt,地面對他做的功為零C.地面對他的沖量為mv,地面對他做的功為mv2D.地面對他的沖量為mv-mgt,地面對他做的功為零14.兩磁鐵各放在一輛小車上,小車能在水平面上無摩擦地沿同一直線運動。已知甲車和磁鐵的總質量為0.5 kg,乙車和磁鐵的總質量為1 kg。兩磁鐵的N極相對,推動一下,使兩車相向運動。某時刻甲的速率為2 m/s,乙的速率為3 m/s,方向與甲相反,兩車運動過程中始終未相碰,求:(1)兩車最近時,乙的速度為多大?(2)甲車開始反向運動時,乙車的速度為多大?考點強化練34動量、動量定理和動量守恒定律1.CD由動量的定義可知,動量

9、是質量和速度的乘積,由質量和速度共同決定,A項錯誤。質量和速率都相同的物體,其動量大小一定相同,但方向不一定相同,B項錯誤。一個物體的速率改變,它的動量大小也必定改變,C項正確。物體的運動狀態(tài)改變即速度的大小或方向改變,因此動量必定改變,D項正確。2.A以物體的初速度方向為正方向,由動量定理得沖量I=2(-6) Ns-24 Ns=-20 Ns。選項A正確。3.D人跳遠從一定高度落下,落地前的速度(v=)一定,則初動量相同;落地后靜止,末動量一定,所以人下落過程的動量變化量p一定,因落在沙坑里作用的時間長,落在水泥地上作用的時間短,根據動量定理Ft=p知,t長F小,故D對。4.C在繩被拉緊到兩球

10、一起運動,在此過程中,對a、b組成的系統受力分析可知,繩的拉力屬于內力,合外力為零,故系統動量守恒,而此過程中機械能不守恒。5.BD手機做自由落體運動,落地的速度v= m/s5.5 m/s,故A錯誤;保護器彈出的時間應小于落地時間,根據自由落體的時間t= s=0.55 s,所以保護器彈出的時間應小于0.55 s,故B正確;根據P=mgv得:功率P=0.160105.5 W=8.8 W,故C錯誤;取豎直向下為正方向,由動量定理(mg-F)t=0-mv,得F=+mg= N+0.1609.8 N19.2 N,故D正確。6.D衛(wèi)星獲得的速度為v,故根據動量定理可得I=Ft=mv,故衛(wèi)星受到的沖量大小為

11、I=mv,D正確。7.A由于繩對人的作用力一直向上,故繩對人的沖量始終向上,由于人在下降中速度先增大后減小;故動量先增大后減小;故A正確;在該過程中,拉力與運動方向始終相反,繩子的力一直做負功;但由分析可知,人的動能先增大后減小;故B錯誤;繩子恰好伸直時,繩子的形變量為零,彈性勢能為零;但此時人的動能不是最大,故C錯誤;人在最低點時,繩子對人的拉力一定大于人受到的重力;故D錯誤。8.答案 21解析 設運動員質量為m,受到水的平均沖力大小為F,令水對運動員的平均沖力大小為其自身體重的n倍,則有:F=nmg人從20米高處下落:h=,解得:人在空中運動時間t1=2 s對人從開始下落到接觸水面到速度降

12、為0全過程使用動量定理得:mg(t1+t)-nmgt=0-0,解得:n=21。9.B物體受重力、支持力、拉力和摩擦力,根據動量定理,有Ft-mgt=mv,僅將F加倍,v不是2倍,故A錯誤;由上式可知,vt,僅將t加倍,則v加倍,故B正確;僅將物體切去一半,質量m減小為一半,由上式,v不是2倍,故C錯誤;由上式可得,v=-gt,將原物換成質量為2m的同材料的另一物體,同時將F加倍,v不變,故D錯誤。10.C彈簧被釋放過程系統機械能守恒,而木塊C跟B端橡皮泥粘在一起的過程是非彈性碰撞,機械能有損失,所以整個系統機械能不守恒。故A錯誤。整個系統受到的合外力保持為零,動量守恒。故B錯誤。設彈簧釋放后,

13、木塊C速度大小為v1,小車速度為v2,取向右為正方向,由動量守恒定律得:mv1-Mv2=0得:v2=v1,則知v2與v1成正比,當木塊的速度v1最大時,小車的速度v2也最大。故C正確。設C與橡皮泥粘在一起時系統的速度為v,由系統的動量守恒得:(M+m)v=0,得:v=0,所以最終系統靜止不動,故D錯誤。故選C。11.C由動量定理可知ft=p,甲的動量改變量大,要使它們在相同時間內停下來,應對甲施加較大的阻力,A錯誤;由動能定理可知-fs=E,乙的動能改變量大,要使它們在相同距離內停下來,應對乙施加較大的阻力,B錯誤;甲的質量m1=,乙的質量m2=,可知甲的質量是乙的12倍,C正確。12.CD設

14、物體向右做勻減速直線運動的加速度為a1,則由v-t圖得,加速度大小a1=2 m/s2,方向與初速度方向相反;設物體向左做勻加速直線運動的加速度為a2,則由v-t圖得,加速度大小a2=1 m/s2,方向與初速度方向相反;根據牛頓第二定律,有F+mg=ma1;F-mg=ma2;解得:F=3 N;=0.05,故A錯誤。8 s末物體的速度為v4=-4 m/s,動量mv4=-8 kgm/s,選項B錯誤;010 s內恒力F的沖量大小為I=Ft=30 Ns,選項C正確;10 s內的位移x=48 m-66 m=-2 m;010 s內恒力F做功W=Fx=32 J=6 J,則平均功率P= W=0.6 W,故D正確。故選CD。13.B人的速度原來為零,起跳后變化v,則由動量定理可得I-mgt=mv=mv,故地面對人的沖量為mv+mgt;而人在跳起時受到的支持力沒有產生位移,故支持力不做功,故B正確。14.答案 (1)1.33 m/s(2)2 m/s解析 (1)兩車相距最近時,兩車的速度相同,設該速度為v,取乙車的速度方向為正方向。由動量守恒定律得m乙v乙-m甲v甲=(m甲+m乙)v,所以兩車最近時,乙車的速度為v= m/s= m/s1.33 m/s。(2)甲車開始反向時,其速度為0,設此時乙車的速度為v乙,由動量守恒定律得m乙v乙-m甲v甲=m乙v乙,得v乙= m/s=2 m/s。