《（通用版）2022年高考數(shù)學二輪復習 第一部分 專題十八 不等式選講講義 理（重點生含解析）（選修4-5）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（通用版）2022年高考數(shù)學二輪復習 第一部分 專題十八 不等式選講講義 理（重點生含解析）（選修4-5）（12頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（通用版）2022年高考數(shù)學二輪復習 第一部分 專題十八 不等式選講講義 理（重點生，含解析）（選修4-5）卷卷卷2018含絕對值不等式的解法及絕對值不等式恒成立問題含絕對值不等式的解法及絕對值不等式恒成立問題含絕對值函數(shù)的圖象與絕對值不等式恒成立問題2017含絕對值不等式的解法、求參數(shù)的取值范圍基本不等式的應(yīng)用、一些常用的變形及證明不等式的方法含絕對值不等式的解法、函數(shù)最值的求解2016含絕對值不等式的解法、分段函數(shù)的圖象及應(yīng)用含絕對值不等式的解法、比較法證明不等式及應(yīng)用含絕對值不等式的解法、絕對值不等式的性質(zhì)縱向把握趨勢考題主要涉及絕對值不等式的解法及絕對值不等式的恒成立問題、由不等式的解

2、集求參問題預計2019年仍以考查絕對值不等式的解法為主，同時兼顧最值或恒成立問題的考查考題涉及絕對值不等式的解法、絕對值不等式的恒成立問題以及不等式的證明，難度適中預計2019年會考查含絕對值不等式的解法、不等式的證明問題考題涉及絕對值不等式的解法、絕對值不等式的恒成立問題、函數(shù)最值的求解，難度適中預計2019年仍會考查絕對值不等式的解法，同時要關(guān)注不等式的證明問題橫向把握重點1.不等式選講是高考的選考內(nèi)容之一，考查的重點是不等式的證明、絕對值不等式的解法等，命題的熱點是絕對值不等式的求解，以及絕對值不等式與函數(shù)的綜合問題的求解2.此部分命題形式單一、穩(wěn)定，難度中等，備考本部分內(nèi)容時應(yīng)注意分類

3、討論思想的應(yīng)用.含絕對值不等式的解法類題通法含絕對值的不等式的解法(1)|f (x)|a(a0)f (x)a或f (x)a；(2)|f (x)|0)af (x)0)，|xa|xb|c(或c)(c0)型不等式，可通過零點分區(qū)間法或利用絕對值的幾何意義進行求解零點分區(qū)間法求解絕對值不等式的一般步驟：()令每個絕對值符號的代數(shù)式為零，并求出相應(yīng)的根；()將這些根按從小到大排列，把實數(shù)集分為若干個區(qū)間；()由所分區(qū)間去掉絕對值符號得若干個不等式，解這些不等式，求出解集；()取各個不等式解集的并集就是原不等式的解集利用絕對值的幾何意義求解絕對值不等式的方法：由于|xa|xb|與|xa|xb|分別表示數(shù)軸

4、上與x對應(yīng)的點到a，b對應(yīng)的點的距離之和與距離之差，因此對形如|xa|xb|c(c0)或|xa|xb|c(c0)的不等式，利用絕對值的幾何意義求解更直觀應(yīng)用通關(guān)1(2018全國卷)已知f (x)|x1|ax1|.(1)當a1時，求不等式f (x)1的解集；(2)若x(0,1)時不等式f (x)x成立，求a的取值范圍解：(1)當a1時，f (x)|x1|x1|，即f (x)故不等式f (x)1的解集為.(2)當x(0,1)時|x1|ax1|x成立等價于當x(0,1)時|ax1|0，則|ax1|1的解集為，所以1，故0a2.綜上，a的取值范圍為(0,22(2018合肥質(zhì)檢)已知函數(shù)f (x)|2x

5、1|.(1)解關(guān)于x的不等式f (x)f (x1)1；(2)若關(guān)于x的不等式f (x)mf (x1)的解集不是空集，求m的取值范圍解：(1)f (x)f (x1)1|2x1|2x1|1，則或或解得x或x，即x，所以原不等式的解集為.(2)由條件知，不等式|2x1|2x1|(|2x1|2x1|)min即可由于|2x1|2x1|12x|2x1|12x(2x1)|2，當且僅當(12x)(2x1)0，即x時等號成立，故m2.所以m的取值范圍是(2，)不等式的證明由題知法1含有絕對值的不等式的性質(zhì)|a|b|ab|a|b|.2算術(shù)幾何平均不等式定理1：設(shè)a，bR，則a2b22ab.當且僅當ab時，等號成立

6、定理2：如果a，b為正數(shù)，則，當且僅當ab時，等號成立定理3：如果a，b，c為正數(shù)，則，當且僅當abc時，等號成立定理4：(一般形式的算術(shù)幾何平均不等式)如果a1，a2，an為n個正數(shù)，則，當且僅當a1a2an時，等號成立(2018沈陽質(zhì)監(jiān))已知a0，b0，函數(shù)f (x)|xa|xb|.(1)當a1，b1時，解關(guān)于x的不等式f (x)1；(2)若函數(shù)f (x)的最大值為2，求證：2.解(1)當a1，b1時，f (x)|x1|x1|當x1時，f (x)21，不等式恒成立，此時不等式的解集為x|x1；當1x1，所以x，此時不等式的解集為；當x1，不等式不成立，此時無解綜上所述，不等式f (x)1的

7、解集為.(2)證明：法一：由絕對值三角不等式可得|xa|xb|ab|，a0，b0，ab2，(ab)2，當且僅當ab1時，等號成立法二：a0，b0，a0b，函數(shù)f (x)|xa|xb|x(a)|xb|結(jié)合圖象易得函數(shù)f (x)的最大值為ab，ab2.(ab)2，當且僅當ab1時，等號成立類題通法證明不等式的方法和技巧(1)如果已知條件與待證明的結(jié)論直接聯(lián)系不明顯，可考慮用分析法；如果待證的命題以“至少”“至多”等方式給出或是否定性命題、唯一性命題，則考慮用反證法(2)在必要的情況下，可能還需要使用換元法、構(gòu)造法等技巧簡化對問題的表述和證明尤其是對含絕對值不等式的解法或證明，其簡化的基本思路是化去

8、絕對值號，轉(zhuǎn)化為常見的不等式(組)求解多以絕對值的幾何意義或“找零點、分區(qū)間、逐個解、并起來”為簡化策略，而絕對值三角不等式，往往作為不等式放縮的依據(jù)應(yīng)用通關(guān)1(2018長春質(zhì)檢)設(shè)不等式|x1|x1|1.解：(1)由已知，令f (x)|x1|x1|由|f (x)|2得1x1，即Ax|1x1，只需證|1abc|abc|，即證1a2b2c2a2b2c2，即證1a2b2c2(1a2b2)，即證(1a2b2)(1c2)0，由a，b，cA，得1ab1，c20恒成立綜上，1.2(2018陜西質(zhì)檢)已知函數(shù)f (x)|2x1|x1|.(1)解不等式f (x)3；(2)記函數(shù)g(x)f (x)|x1|的值域

9、為M，若tM，求證：t213t.解：(1)依題意，得f (x)f (x)3或或解得1x1，即不等式f (x)3的解集為x|1x1(2)證明：g(x)f (x)|x1|2x1|2x2|2x12x2|3，當且僅當(2x1)(2x2)0時取等號，M3，)原不等式等價于t23t1，t3，)，t23t0，t23t11，又1，t23t1，t213t.含絕對值不等式的恒成立問題由題知法(2018鄭州第一次質(zhì)量預測)設(shè)函數(shù)f (x)|x3|，g(x)|2x1|.(1)解不等式f (x)ax4對任意的實數(shù)x恒成立，求a的取值范圍解(1)由已知，可得|x3|2x1|，即|x3|20，解得x4.故所求不等式的解集為

10、(4，)(2)由已知，設(shè)h(x)2f (x)g(x)2|x3|2x1|當x3時，只需4x5ax4恒成立，即ax4x9恒成立，x34恒成立，amax，a1；當3xax4恒成立，即ax3ax4恒成立，即ax0，a4，且x時，44，a4.綜上，a的取值范圍是(1,4類題通法絕對值不等式的成立問題的求解模型(1)分離參數(shù)：根據(jù)不等式將參數(shù)分離化為af (x)或af (x)形式(2)轉(zhuǎn)化最值：f (x)a恒成立f (x)mina；f (x)a恒成立f (x)maxa有解f (x)maxa；f (x)a有解f (x)mina無解f (x)maxa；f (x).所以不等式的解集為.(2)若對任意的tR，sR

11、，都有g(shù)(s)f (t)，可得g(x)minf (x)max.函數(shù)f (x)|2x1|2x3|2x1(2x3)|4，f (x)max4.g(x)|x1|xa|x1(xa)|a1|，故g(x)min|a1|.|a1|4，a14或a14，解得a3或a5.故a的取值范圍為(，53，)2(2019屆高三洛陽第一次聯(lián)考)已知函數(shù)f (x)|x12a|xa2|，aR，g(x)x22x4.(1)若f (2a21)4|a1|，求實數(shù)a的取值范圍；(2)若存在實數(shù)x，y，使f (x)g(y)0，求實數(shù)a的取值范圍解：(1)f (2a21)4|a1|，|2a22a|a21|4|a1|，|a1|(2|a|a1|4)

12、0，|2a|a1|4且a1.若a1，則2aa14，a；若1a4，a4，a1.綜上所述，a的取值范圍為(1，)(2)g(x)(x1)252 51，顯然可取等號，g(x)min1.于是，若存在實數(shù)x，y，使f (x)g(y)0，只需f (x)min1.又f (x)|x12a|xa2|(x12a)(xa2)|(a1)2，(a1)21，1a11，0a2，故實數(shù)a的取值范圍為0,2專題跟蹤檢測(對應(yīng)配套卷P209)1(2018全國卷)設(shè)函數(shù)f (x)5|xa|x2|.(1)當a1時，求不等式f (x)0的解集；(2)若f (x)1，求a的取值范圍解：(1)當a1時，f (x)當x1時，由2x40，解得2

13、x2時，由2x60，解得2x3，故f (x)0的解集為x|2x3(2)f (x)1等價于|xa|x2|4.而|xa|x2|a2|，且當x2時等號成立故f (x)1等價于|a2|4.由|a2|4可得a6或a2.所以a的取值范圍是(，62，)2(2018蘭州模擬)設(shè)函數(shù)f (x)|x3|，g(x)|x2|.(1)解不等式f (x)g(x)2；(2)對于實數(shù)x，y，若f (x)1，g(y)1，證明：|x2y1|3.解：(1)解不等式|x3|x2|2.當x2時，原不等式可化為3x2x.所以x2.當2x3時，原不等式可化為3xx22，解得13時，原不等式可化為x3x22，解得x.所以3x.由可知，不等式

14、的解集為.(2)證明：因為f (x)1，g(y)1，即|x3|1，|y2|1，所以|x2y1|(x3)2(y2)|x3|2|y2|123.當且僅當或時等號成立3(2018開封模擬)已知函數(shù)f (x)|xm|，m0.(1)當m1時，求解不等式f (x)f (x)2x；(2)若不等式f (x)f (2x)1的解集非空，求m的取值范圍解：(1)當m1時，f (x)|x1|，f (x)|x1|，設(shè)F(x)|x1|x1|G(x)2x，由F(x)G(x)，解得x2或x0，所以不等式f (x)f (x)2x的解集為x|x2或x0(2)f (x)f (2x)|xm|2xm|，m0.設(shè)g(x)f (x)f (2

15、x)，當xm時，g(x)mxm2x2m3x，則g(x)m；當mx時，g(x)xmm2xx，則g(x)m；當x時，g(x)xm2xm3x2m，則g(x).所以g(x)的值域為，若不等式f (x)f (2x)，解得m2，又m0，所以m的取值范圍是(2,0)4(2018全國卷)設(shè)函數(shù)f (x)|2x1|x1|.(1)畫出yf (x)的圖象；(2)當x0，)時，f (x)axb，求ab的最小值解：(1)f (x)yf (x)的圖象如圖所示(2)由(1)知，yf (x)的圖象與y軸交點的縱坐標為2，且各部分所在直線斜率的最大值為3，故當且僅當a3且b2時，f (x)axb在0，)成立，因此ab的最小值為

16、5.5已知函數(shù)f (x)|x1|.(1)求不等式f (x)f (a)f (b)解：(1)當x1時，原不等式可化為x12x2，解得x1；當1x時，原不等式可化為x12x2，解得x1，此時原不等式無解；當x時，原不等式可化為x11.綜上，Mx|x1(2)證明：因為f (a)f (b)|a1|b1|a1(b1)|ab|，所以要證f (ab)f (a)f (b)，只需證|ab1|ab|，即證|ab1|2|ab|2，即證a2b22ab1a22abb2，即證a2b2a2b210，即證(a21)(b21)0.因為a，bM，所以a21，b21，所以(a21)(b21)0成立，所以原不等式成立6(2018廣東五

17、市聯(lián)考)已知函數(shù)f (x)|xa|(a0)(1)若不等式f (x)f (xm)1恒成立，求實數(shù)m的最大值；(2)當a時，函數(shù)g(x)f (x)|2x1|有零點，求實數(shù)a的取值范圍解：(1)f (xm)|xma|.f (x)f (xm)|xa|xma|m|，當且僅當|m|1時，f (x)f (xm)1恒成立，1m1，即實數(shù)m的最大值為1.(2)當a時，g(x)f (x)|2x1|xa|2x1|g(x)minga0，或解得a0，實數(shù)a的取值范圍是.7(2018鄭州模擬)已知函數(shù)f (x)|2x1|ax5|(0a5)(1)當a1時，求不等式f (x)9的解集；(2)若函數(shù)yf (x)的最小值為4，求

18、實數(shù)a的值解：(1)當a1時，f (x)|2x1|x5|所以f (x)9或或解得x1或x5，即所求不等式的解集為(，15，)(2)0a時，f (x)單調(diào)遞增，f (x)的最小值在上取得在上，當0a2時，f (x)單調(diào)遞增，當2a5時，f (x)單調(diào)遞減，或解得a2.8(2018成都模擬)已知函數(shù)f (x)|x2|k|x1|，kR.(1)當k1時，若不等式f (x)4的解集為x|x1xx2，求x1x2的值；(2)當xR時，若關(guān)于x的不等式f (x)k恒成立，求k的最大值解：(1)由題意，得|x2|x1|2時，原不等式可化為2x5，2x；當1x2時，原不等式可化為34，1x2.當x1時，原不等式可化為2x3，x1；綜上，原不等式的解集為，即x1，x2.x1x21.(2)由題意，得|x2|k|x1|k.當x2時，即不等式3kk成立，k0.當x2或x0時，|x1|1，不等式|x2|k|x1|k恒成立當2x1時，原不等式可化為2xkxkk，可得k1，k3.當1x0時，原不等式可化為2xkxkk，可得k1，k3.綜上，可得0k3，即k的最大值為3.