《（新課標(biāo)）天津市2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 題型練7 大題專項（五）解析幾何綜合問題 理》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）天津市2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 題型練7 大題專項（五）解析幾何綜合問題 理（11頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、（新課標(biāo)）天津市2022年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 題型練7 大題專項（五）解析幾何綜合問題 理1.(2018天津,理19)設(shè)橢圓=1(ab0)的左焦點為F,上頂點為B.已知橢圓的離心率為,點A的坐標(biāo)為(b,0),且|FB|AB|=6.(1)求橢圓的方程;(2)設(shè)直線l:y=kx(k0)與橢圓在第一象限的交點為P,且l與直線AB交于點Q.若sinAOQ(O為原點),求k的值.2.已知橢圓C:=1(ab0)經(jīng)過點,離心率為.(1)求橢圓C的方程;(2)不垂直于坐標(biāo)軸的直線l與橢圓C交于A,B兩點,以AB為直徑的圓過原點,且線段AB的垂直平分線交y軸于點P,求直線l的方程.3.設(shè)橢圓=1(a)的右焦點為F

2、,右頂點為A.已知,其中O為原點,e為橢圓的離心率.(1)求橢圓的方程;(2)設(shè)過點A的直線l與橢圓交于點B(B不在x軸上),垂直于l的直線與l交于點M,與y軸交于點H.若BFHF,且MOAMAO,求直線l的斜率的取值范圍.4.(2018北京,理19)已知拋物線C:y2=2px經(jīng)過點P(1,2).過點Q(0,1)的直線l與拋物線C有兩個不同的交點A,B,且直線PA交y軸于點M,直線PB交y軸于點N.(1)求直線l的斜率的取值范圍;(2)設(shè)O為原點,=,求證:為定值.5.已知拋物線C:y2=2x的焦點為F,平行于x軸的兩條直線l1,l2分別交C于A,B兩點,交C的準線于P,Q兩點.(1)若F在線

3、段AB上,R是PQ的中點,證明ARFQ;(2)若PQF的面積是ABF的面積的兩倍,求AB中點的軌跡方程.6.如圖,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,橢圓E:=1(ab0)的左、右焦點分別為F1,F2,離心率為,兩準線之間的距離為8.點P在橢圓E上,且位于第一象限,過點F1作直線PF1的垂線l1,過點F2作直線PF2的垂線l2.(1)求橢圓E的標(biāo)準方程;(2)若直線l1,l2的交點Q在橢圓E上,求點P的坐標(biāo).題型練7大題專項(五)解析幾何綜合問題1.解 (1)設(shè)橢圓的焦距為2c,由已知有,又由a2=b2+c2,可得2a=3b.由已知可得,|FB|=a,|AB|=b.由|FB|AB|=6,可得ab=6,從

4、而a=3,b=2.所以,橢圓的方程為=1.(2)設(shè)點P的坐標(biāo)為(x1,y1),點Q的坐標(biāo)為(x2,y2).由已知有y1y20,故|PQ|sinAOQ=y1-y2.又因為|AQ|=,而OAB=,故|AQ|=y2.由sinAOQ,可得5y1=9y2.由方程組消去x,可得y1=易知直線AB的方程為x+y-2=0,由方程組消去x,可得y2=由5y1=9y2,可得5(k+1)=3,兩邊平方,整理得56k2-50k+11=0,解得k=,或k=所以,k的值為2.解 (1)由題意得解得a=2,b=1.故橢圓C的方程是+y2=1.(2)設(shè)直線l的方程為y=kx+t,設(shè)A(x1,y1),B(x2,y2),聯(lián)立消去

5、y,得(1+4k2)x2+8ktx+4t2-4=0,則有x1+x2=,x1x2=04k2+1t2,y1+y2=kx1+t+kx2+t=k(x1+x2)+2t=,y1y2=(kx1+t)(kx2+t)=k2x1x2+kt(x1+x2)+t2=k2+kt+t2=因為以AB為直徑的圓過坐標(biāo)原點,所以O(shè)AOB,x1x2+y1y2=0.因為x1x2+y1y2=0,所以5t2=4+4k2.因為0,所以4k2+1t2,解得t又設(shè)A,B的中點為D(m,n),則m=,n=因為直線PD與直線l垂直,所以kPD=-,得由解得當(dāng)t=-時,0不成立.當(dāng)t=1時,k=,所以直線l的方程為y=x+1或y=-x+1.3.解

6、(1)設(shè)F(c,0),由,即,可得a2-c2=3c2,又a2-c2=b2=3,所以c2=1,因此a2=4.所以,橢圓的方程為=1.(2)設(shè)直線l的斜率為k(k0),則直線l的方程為y=k(x-2).設(shè)B(xB,yB),由方程組消去y,整理得(4k2+3)x2-16k2x+16k2-12=0.解得x=2,或x=,由題意得xB=,從而yB=由(1)知,F(1,0),設(shè)H(0,yH),有=(-1,yH),由BFHF,得=0,所以=0,解得yH=因此直線MH的方程為y=-x+設(shè)M(xM,yM),由方程組消去y,解得xM=在MAO中,MOAMAO|MA|MO|,即(xM-2)2+,化簡得xM1,即1,解

7、得k-,或k所以,直線l的斜率的取值范圍為4.(1)解 因為拋物線y2=2px經(jīng)過點P(1,2),所以4=2p,解得p=2,所以拋物線的方程為y2=4x.由題意可知直線l的斜率存在且不為0,設(shè)直線l的方程為y=kx+1(k0).由得k2x2+(2k-4)x+1=0.依題意,=(2k-4)2-4k210,解得k0或0k0,y00.當(dāng)x0=1時,l2與l1相交于F1,與題設(shè)不符.當(dāng)x01時,直線PF1的斜率為,直線PF2的斜率為因為l1PF1,l2PF2,所以直線l1的斜率為-,直線l2的斜率為-,從而直線l1的方程:y=-(x+1),直線l2的方程:y=-(x-1).由,解得x=-x0,y=,所以Q因為點Q在橢圓上,由對稱性,得=y0,即=1或=1.又P在橢圓E上,故=1.由解得x0=,y0=無解.因此點P的坐標(biāo)為