《物理第十二章 電磁感應(yīng) 第4講 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)和能量問題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《物理第十二章 電磁感應(yīng) 第4講 電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)和能量問題（57頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第4講電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)和能量問題知識(shí)梳理知識(shí)梳理一、電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題一、電磁感應(yīng)中的動(dòng)力學(xué)問題1.安培力的大小安培力的大小感應(yīng)電動(dòng)勢(shì):E=Blv;感應(yīng)電流:I=;安培力:F=BIl=。ERr2 2B l vRr2.安培力的方向安培力的方向(1)先用右手定則或楞次定律右手定則或楞次定律確定感應(yīng)電流方向,再用左手定則左手定則確定安培力方向。(2)根據(jù)楞次定律,安培力方向一定和導(dǎo)體切割磁感線運(yùn)動(dòng)方向相反相反。3.電磁感應(yīng)與動(dòng)力學(xué)、運(yùn)動(dòng)學(xué)結(jié)合的動(dòng)態(tài)分析方法:導(dǎo)體受力運(yùn)動(dòng)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)感應(yīng)電流通電導(dǎo)體受安培力合外力變化加速度變化速度變化感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變化周而復(fù)始地循環(huán),直至達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)。二、電磁感應(yīng)

2、中的能量問題二、電磁感應(yīng)中的能量問題1.電磁感應(yīng)過程實(shí)質(zhì)是不同形式的能量轉(zhuǎn)化的過程。電磁感應(yīng)過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流在磁場(chǎng)中必定受到安培力安培力作用,因此要維持感應(yīng)電流的存在,必須有“外力”克服克服安培力做功。此過程中,其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能電能。安培力做功的過程是電能轉(zhuǎn)化為其電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能他形式的能的過程,安培力做多少功,就有多少電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能。2.求解電能的主要思路求解電能的主要思路(1)利用克服安培力做功求解:電磁感應(yīng)中產(chǎn)生的電能等于克服安培力所做的功;(2)利用能量守恒求解:其他形式的能的減少量等于產(chǎn)生的電能;(3)利用電路特征來求解:通過電路中所產(chǎn)生的電能來計(jì)算。3.解決

3、電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量問題的一般步驟解決電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量問題的一般步驟(1)確定等效電源。(2)分析清楚有哪些力做功,就可以知道有哪些形式的能量發(fā)生了相互轉(zhuǎn)化。(3)根據(jù)能量守恒列方程求解。1.如圖所示,MN和PQ是兩根互相平行豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌,已知導(dǎo)軌足夠長(zhǎng),且電阻不計(jì)。有一垂直導(dǎo)軌平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,寬度為L(zhǎng),ab是一根不但與導(dǎo)軌垂直而且始終與導(dǎo)軌接觸良好的金屬桿。開始,將開關(guān)S斷開,讓ab由靜止開始自由下落,過段時(shí)間后,再將S閉合,若從S閉合開始計(jì)時(shí),答案答案B設(shè)閉合S時(shí),ab的速度為v,則E=BLv,I=,F安=BIL=,若F安=mg,則選項(xiàng)A可能。若F安=mg

4、,則選項(xiàng)D可能。ERBLvR22B L vR22B L vR22B L vR22B L vmR22B L vR則金屬桿ab的速度v隨時(shí)間t變化的圖像不可能是 ()B2.(多選)如圖所示,水平固定放置的足夠長(zhǎng)的U形金屬導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,在導(dǎo)軌上放著金屬棒ab,開始時(shí)ab棒以水平初速度v0向右運(yùn)動(dòng),最后靜止在導(dǎo)軌上,就導(dǎo)軌光滑和導(dǎo)軌粗糙的兩種情況相比較,這個(gè)過程()A.安培力對(duì)ab棒所做的功不相等B.電流所做的功相等C.產(chǎn)生的總熱量相等D.通過ab棒的電荷量相等AC答案答案AC光滑導(dǎo)軌無摩擦力,導(dǎo)軌粗糙時(shí)有摩擦力,動(dòng)能最終都全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,所以產(chǎn)生的總熱量相等,C正確;對(duì)光滑的導(dǎo)軌有m

5、=Q安,對(duì)粗糙的導(dǎo)軌有m=Q安+Q摩,Q安Q安,則A正確,B錯(cuò)誤;q=It=,分析知x光x粗,所以q光q粗,D錯(cuò)誤。1220v1220vBlvtRBlxR深化拓展深化拓展考點(diǎn)一考點(diǎn)一電磁感應(yīng)中動(dòng)力學(xué)問題分析電磁感應(yīng)中動(dòng)力學(xué)問題分析考點(diǎn)二考點(diǎn)二電磁感應(yīng)中的功能關(guān)系電磁感應(yīng)中的功能關(guān)系考點(diǎn)三考點(diǎn)三電磁感應(yīng)中的電磁感應(yīng)中的“桿桿+導(dǎo)軌導(dǎo)軌”模型模型深化拓展深化拓展考點(diǎn)一電磁感應(yīng)中動(dòng)力學(xué)問題分析考點(diǎn)一電磁感應(yīng)中動(dòng)力學(xué)問題分析1.運(yùn)動(dòng)過程的分析運(yùn)動(dòng)過程的分析2.兩大研究對(duì)象及其相互制約關(guān)系兩大研究對(duì)象及其相互制約關(guān)系1-1如圖所示,在傾角為30的斜面上,固定一寬度為L(zhǎng)=0.25m的足夠長(zhǎng)平行金屬光滑導(dǎo)軌

6、,在導(dǎo)軌上端接入電源和滑動(dòng)變阻器。電源電動(dòng)勢(shì)為E=3.0V,內(nèi)阻為r=1.0。一質(zhì)量m=20g的金屬棒ab與兩導(dǎo)軌垂直并接觸良好。整個(gè)裝置處于垂直于斜面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=0.80T。導(dǎo)軌與金屬棒的電阻不計(jì),取g=10m/s2。(1)如要保持金屬棒在導(dǎo)軌上靜止,滑動(dòng)變阻器接入到電路中的阻值是多少;(2)如果拿走電源,直接用導(dǎo)線接在兩導(dǎo)軌上端,滑動(dòng)變阻器阻值不變化,求金屬棒所能達(dá)到的最大速度值;(3)在第(2)問中金屬棒達(dá)到最大速度前,某時(shí)刻的速度為10m/s,求此時(shí)金屬棒的加速度大小。答案答案(1)5(2)12.5m/s(3)1m/s2解析解析(1)由于金屬棒靜止在金屬導(dǎo)軌上,則

7、其受力平衡,對(duì)金屬棒受力分析如圖所示安培力F安=BIL=mgsin30=0.1N得I=0.5A設(shè)變阻器接入電路中的阻值為R,根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I(R+r)則R=-r=5(2)金屬棒達(dá)到最大速度時(shí),將勻速下滑,此時(shí)安培力大小、回路中電流FBL安EI大小應(yīng)與上面情況相同,即金屬棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=IR=2.5V由E=BLv得v=12.5m/s(3)金屬棒速度為10m/s時(shí),產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)E=BLv=2V電流為I=0.4A金屬棒受到的安培力為F安=BIL=0.08N金屬棒的加速度大小為a=1m/s2EBLERsin30mgFm安1-2如圖所示,水平地面上方有一高度為H,上、下水平界面分別為PQ、M

8、N的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。矩形導(dǎo)線框ab邊長(zhǎng)為l1,bc邊長(zhǎng)為l2,導(dǎo)線框的質(zhì)量為m,電阻為R。磁場(chǎng)方向垂直于線框平面向里,磁場(chǎng)高度Hl2。線框從某高處由靜止落下,當(dāng)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),線框的加速度方向向下、大小為;當(dāng)線框的cd邊剛離開磁場(chǎng)時(shí),線框的加速度方向向上、大小為。在運(yùn)動(dòng)過程中,線框平面位于豎直平面內(nèi),上、下兩邊總平行于PQ?？諝庾枇Σ挥?jì),重力加速度為g。求:(1)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),通過線框?qū)Ь€中的電流;(2)線框的ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框的速度大小;(3)線框abcd從全部在磁場(chǎng)中開始到全部穿出磁場(chǎng)的過程中,通過線框35g5g導(dǎo)線橫截面的電荷量。答案答案(1)(2)(

9、3)125mgBl2 2115B l2224 4123650()R m gB l g Hl1 2Bl lR解析解析(1)設(shè)線框的cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框?qū)Ь€中的電流為I1,根據(jù)牛頓第二定律有mg-BI1l1=I1=(2)設(shè)線框ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框的速度大小為v1,線框的cd邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)速度大小為v2,線框的cd邊剛離開磁場(chǎng)時(shí)線框?qū)Ь€中的電流為I2。依據(jù)題意,由牛頓第二定律有BI2l1-mg=I2=I2=35mg125mgBl5mg165mgBl1 2Bl vRv2=-=2g(H-l2)v1=v1=(3)設(shè)線框abcd穿出磁場(chǎng)的過程中所用時(shí)間為t,平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E,通過導(dǎo)線的平均電流為I,通

10、過導(dǎo)線某一橫截面的電荷量為q,則E=I=q=It=2 2165RmgB l22v21v2222 ()vg Hl2 2115B l2224 4123650()R m gB l g Hlt1 2Bl ltER1 2Bl lR t1 2Bl lR考點(diǎn)二電磁感應(yīng)中的功能關(guān)系考點(diǎn)二電磁感應(yīng)中的功能關(guān)系1.安培力做的功是電能和其他形式的能之間相互轉(zhuǎn)化的“橋梁”,用框圖表示如下:其他形式能E他電能E電焦耳熱Q2.安培力做的功是電能與其他形式的能轉(zhuǎn)化的量度(1)安培力做多少正功,就有多少電能轉(zhuǎn)化為其他形式的能;(2)安培力做多少負(fù)功,就有多少其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能。3.明確功能關(guān)系,確定有哪些形式的能量發(fā)生了

11、轉(zhuǎn)化,如摩擦力做功,必有內(nèi)能產(chǎn)生;有重力做功,重力勢(shì)能必然發(fā)生變化;安培力做負(fù)功,必然有其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能等。4.根據(jù)不同物理情景選擇動(dòng)能定理、能量守恒定律、功能關(guān)系列方程求解。2-1如圖所示,一對(duì)光滑的平行金屬導(dǎo)軌固定在同一水平面內(nèi),導(dǎo)軌間距l(xiāng)=0.5m,左端接有阻值R=0.3的電阻。一質(zhì)量m=0.1kg,電阻r=0.1的金屬棒MN放置在導(dǎo)軌上,整個(gè)裝置置于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.4T。棒在水平向右的外力作用下,由靜止開始以a=2m/s2的加速度做勻加速運(yùn)動(dòng),當(dāng)棒的位移x=9m時(shí)撤去外力,棒繼續(xù)運(yùn)動(dòng)一段距離后停下來,已知撤去外力前后回路中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1 Q2=

12、2 1。導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì),棒在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸。求:(1)棒在勻加速運(yùn)動(dòng)過程中,通過電阻R的電荷量q;(2)撤去外力后回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q2;(3)外力做的功WF。答案答案(1)4.5C(2)1.8J(3)5.4J解析解析(1)設(shè)棒勻加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t,回路的磁通量變化量為,回路中的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為,由法拉第電磁感應(yīng)定律得=其中=Blx設(shè)回路中的平均電流為,由閉合電路的歐姆定律得=則通過電阻R的電荷量為q=t聯(lián)立式,代入數(shù)據(jù)得q=4.5CEEtIIERrIRrBlxRr(2)設(shè)撤去外力時(shí)棒的速度為v,對(duì)棒的勻加速運(yùn)動(dòng)過程,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得v2=2ax設(shè)棒在撤去

13、外力后的運(yùn)動(dòng)過程中安培力做功為W,由動(dòng)能定理得W=0-mv2撤去外力后回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q2=-W聯(lián)立式,代入數(shù)據(jù)得Q2=1.8J(3)由題意知,撤去外力前后回路中產(chǎn)生的焦耳熱之比Q1 Q2=2 1,可得Q1=3.6J12在棒運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中,由功能關(guān)系可知WF=Q1+Q2由式得WF=5.4J2-22014北京理綜,24(1)導(dǎo)體切割磁感線的運(yùn)動(dòng)可以從宏觀和微觀兩個(gè)角度來認(rèn)識(shí)。如圖所示,固定于水平面的U形導(dǎo)線框處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,金屬直導(dǎo)線MN在與其垂直的水平恒力F作用下,在導(dǎo)線框上以速度v做勻速運(yùn)動(dòng),速度v與恒力F方向相同;導(dǎo)線MN始終與導(dǎo)線框形成閉合電路。已知導(dǎo)線MN電阻為R,其長(zhǎng)度

14、L恰好等于平行軌道間距,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。忽略摩擦阻力和導(dǎo)線框的電阻。通過公式推導(dǎo)驗(yàn)證:在t時(shí)間內(nèi),F對(duì)導(dǎo)線MN所做的功W等于電路獲得的電能W電,也等于導(dǎo)線MN中產(chǎn)生的焦耳熱Q。答案答案見解析解析解析電動(dòng)勢(shì)E=BLv導(dǎo)線勻速運(yùn)動(dòng),受力平衡F=F安=BIL在t時(shí)間內(nèi),外力F對(duì)導(dǎo)線做功W=Fvt=F安vt=BILvt電路獲得的電能W電=qE=IEt=BILvt可見,F對(duì)導(dǎo)線MN所做的功等于電路獲得的電能W電;導(dǎo)線MN中產(chǎn)生的焦耳熱Q=I2Rt=ItIR=qE=W電可見,電路獲得的電能W電等于導(dǎo)線MN中產(chǎn)生的焦耳熱Q?？键c(diǎn)三電磁感應(yīng)中的考點(diǎn)三電磁感應(yīng)中的“桿桿+導(dǎo)軌導(dǎo)軌”模型模型一、單桿水平式一

15、、單桿水平式勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌垂直,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),導(dǎo)體棒質(zhì)量為m,初速度為零,拉力恒為F,水平導(dǎo)軌光滑,除電阻R外,其他電阻不計(jì)設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中某時(shí)刻棒的速度為v,由牛頓第二定律知棒ab的加速度為a=-,a、v同向,隨速度的增加棒的加速度a減小,當(dāng)a=0時(shí),v最大運(yùn)動(dòng)形式勻速直線運(yùn)動(dòng)力學(xué)特征a=0,v恒定不變電學(xué)特征I恒定Fm22B LmRv3-1如圖所示,兩根相距為d的足夠長(zhǎng)的、光滑的平行金屬導(dǎo)軌位于水平的xOy平面內(nèi),左端接有阻值為R的電阻,其他部分的電阻均可忽略不計(jì)。在x0的一側(cè)存在方向豎直向下的磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小按B=kx變化(式中k0,且為常數(shù))。質(zhì)量為m的金屬桿與金屬導(dǎo)軌

16、垂直架在導(dǎo)軌上,兩者接觸良好。在x0的某位置,金屬桿受到一瞬時(shí)沖量,獲得的速度大小為v0,方向沿x軸正方向。求:(1)在金屬桿運(yùn)動(dòng)過程中,電阻R上產(chǎn)生的總熱量;(2)若從金屬桿進(jìn)入磁場(chǎng)的時(shí)刻開始計(jì)時(shí),始終有一個(gè)方向向左的變力F作用于金屬桿上,使金屬桿的加速度大小恒為a,方向一直沿x軸負(fù)方向。求:20v1202va2222001() ()2kv tatvat dR答案答案(1) m(2)a.b.F=ma-a.閉合回路中感應(yīng)電流持續(xù)的時(shí)間;b.金屬桿在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程中,外力F與時(shí)間t關(guān)系的表達(dá)式。解析解析(1)金屬桿向右運(yùn)動(dòng)切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流,同時(shí)金屬桿受安培力,做減速運(yùn)動(dòng),直到停下。在此過程

17、中,金屬桿的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為電能再轉(zhuǎn)化成電阻R的焦耳熱。根據(jù)能量轉(zhuǎn)化與守恒,電阻R上產(chǎn)生的熱量Q=m(2)a.金屬桿在磁場(chǎng)中做切割磁感線運(yùn)動(dòng),產(chǎn)生感應(yīng)電流,金屬桿受安培力和變力F的作用做勻變速直線運(yùn)動(dòng),加速度為a,方向向左(沿-x方向)。它先向右運(yùn)動(dòng),速度由v0減到0;然后向左運(yùn)動(dòng),速度再由0增大到v0,金屬桿回到x=0處,之后金屬桿離開磁場(chǎng)。金屬桿向右或向左運(yùn)動(dòng)時(shí),都切割磁感線,回路中都有感應(yīng)電流。感應(yīng)電流持續(xù)的時(shí)間為T=1220v02vab.設(shè)金屬桿的速度和它的坐標(biāo)分別為v和x,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有v=v0-atx=v0t-at2金屬桿切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv=k(v0t-at2)(v0-a

18、t)d由于在x0區(qū)域不存在磁場(chǎng),故只有在時(shí)間tT=范圍內(nèi),上述關(guān)系式才成立。由歐姆定律可得回路中的電流為I=金屬桿所受的安培力為121202va2001()()2k v tatvat dRF安=IBd=(向左為正方向)金屬桿受安培力和變力F做勻變速運(yùn)動(dòng),以向左方向?yàn)檎较?由牛頓第二定律有F+F安=ma可得F=ma-2222001() ()2kv tatvat dR2222001() ()2kv tatvat dR二、單桿傾斜式二、單桿傾斜式2-2(2016北京海淀一模,22,18分)如圖所示,在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中傾斜放置的兩根平行光滑的金屬導(dǎo)軌,它們所構(gòu)成的導(dǎo)軌平面與水平面成=30角,平行導(dǎo)軌間距L

19、=1.0m。勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于導(dǎo)軌平面向下,磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.20T。兩根金屬桿ab和cd可以在導(dǎo)軌上無摩擦地滑動(dòng)。兩金屬桿的質(zhì)量均為m=0.20kg,電阻均為R=0.20。若用與導(dǎo)軌平行的拉力作用在金屬桿ab上,使ab桿沿導(dǎo)軌勻速上滑并使cd桿在導(dǎo)軌上保持靜止,整個(gè)過程中兩金屬桿均與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。金屬導(dǎo)軌的電阻可忽略不計(jì),取重力加速度g=10m/s2。求:(1)cd桿受安培力F安的大小;(2)通過金屬桿的感應(yīng)電流I;(3)作用在金屬桿ab上拉力的功率P。答案答案(1)1.0N(2)5.0A(3)20W解析解析(1)金屬桿cd靜止在金屬導(dǎo)軌上,所受安培力方向與導(dǎo)軌平面平行向上則F安=mg

20、sin30解得:F安=1.0N(2)F安=BIL解得:I=5.0A(3)金屬桿ab所受安培力方向與導(dǎo)軌平面平行向下,金屬桿ab在拉力F、安培力F安(F安=F安)和重力mg作用下勻速上滑則F=BIL+mgsin30根據(jù)電磁感應(yīng)定律,金屬桿ab上產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E感=BLv根據(jù)閉合電路歐姆定律得,通過金屬桿ab的電流I=根據(jù)功率公式:P=Fv解得:P=20W2ER感3-3如圖所示,兩根金屬平行導(dǎo)軌MN和PQ放在水平面上,左端向上彎曲且光滑,導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),電阻不計(jì)。水平段導(dǎo)軌所處空間有兩個(gè)有界勻強(qiáng)磁場(chǎng),相距一段距離不重疊,磁場(chǎng)左邊界在水平段導(dǎo)軌的最左端,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向豎直向上;磁場(chǎng)的磁感

21、應(yīng)強(qiáng)度大小為2B,方向豎直向下。質(zhì)量均為m、電阻均為R的金屬棒a和b垂直導(dǎo)軌放置在其上,金屬棒b置于磁場(chǎng)的右邊界CD處?，F(xiàn)將金屬棒a從彎曲導(dǎo)軌上某一高處由靜止釋放,使其沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)。設(shè)兩金屬棒運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。(1)若水平段導(dǎo)軌粗糙,兩金屬棒與水平段導(dǎo)軌間的最大靜摩擦力均為 mg,將金屬棒a從距水平面高度h處由靜止釋放。求:金屬棒a剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí),通過金屬棒b的電流大小;15三、三、“雙桿雙桿+軌道軌道”式式若金屬棒a在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中,金屬棒b能在導(dǎo)軌上保持靜止,通過計(jì)算分析金屬棒a釋放時(shí)的高度h應(yīng)滿足的條件;(2)若水平段導(dǎo)軌是光滑的,將金屬棒a仍從高度h處由靜止釋放,使其進(jìn)

22、入磁場(chǎng)。設(shè)兩磁場(chǎng)區(qū)域足夠大,求金屬棒a在磁場(chǎng)內(nèi)運(yùn)動(dòng)過程中,金屬棒b中可能產(chǎn)生焦耳熱的最大值。答案答案(1)h(2)mgh22BLghR224450gm RB L110解析解析(1)金屬棒在彎曲光滑導(dǎo)軌上運(yùn)動(dòng)的過程中,機(jī)械能守恒,設(shè)其剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度為v0,產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E,電路中的電流為I。由機(jī)械能守恒mgh=m,解得v0=感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv0,則I=解得:I=對(duì)金屬棒b:所受安培力F=2BIL又因I=金屬棒b保持靜止的條件為Fmg解得h1220v2gh2ER22BLghR22BLghR15224450gm RB L(2)金屬棒a在磁場(chǎng)中向右做減速運(yùn)動(dòng),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸減小,金屬棒b在磁場(chǎng)

23、中向左做加速運(yùn)動(dòng),感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸增加,當(dāng)兩者相等時(shí),回路中感應(yīng)電流為0,此后金屬棒a、b都做勻速運(yùn)動(dòng)。設(shè)金屬棒a、b最終的速度大小分別為v1、v2,整個(gè)過程中安培力對(duì)金屬棒a、b的沖量大小分別為Ia、Ib。由BLv1=2BLv2,解得v1=2v2設(shè)向右為正方向:對(duì)金屬棒a,由動(dòng)量定理有-Ia=mv1-mv0對(duì)金屬棒b,由動(dòng)量定理有-Ib=-mv2-0由于金屬棒a、b在運(yùn)動(dòng)過程中電流始終相等,則金屬棒b受到的安培力始終為金屬棒a受到安培力的2倍,因此有兩金屬棒受到的沖量的大小關(guān)系為Ib=2Ia解得v1=v0,v2=v0根據(jù)能量守恒,回路中產(chǎn)生的焦耳熱Q=m-m(v0)2+m(v0)2=m=mgh

24、Qb=Q=mgh45251220v1225124511020v1512110考點(diǎn)四電磁感應(yīng)問題中考點(diǎn)四電磁感應(yīng)問題中“動(dòng)力學(xué)動(dòng)力學(xué)”和和“動(dòng)量、能量動(dòng)量、能量”觀點(diǎn)觀點(diǎn)的綜合應(yīng)用的綜合應(yīng)用4-1(2017北京理綜,24,20分)發(fā)電機(jī)和電動(dòng)機(jī)具有裝置上的類似性,源于它們機(jī)理上的類似性。直流發(fā)電機(jī)和直流電動(dòng)機(jī)的工作原理可以簡(jiǎn)化為如圖1、圖2所示的情景。在豎直向下的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,兩根光滑平行金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi),相距為L(zhǎng),電阻不計(jì)。電阻為R的金屬導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上,與軌道接觸良好,以速度v(v平行于MN)向右做勻速運(yùn)動(dòng)。圖1軌道端點(diǎn)M、P間接有阻值為r的

25、電阻,導(dǎo)體棒ab受到水平向右的外力作用。圖2軌道端點(diǎn)M、P間接有直流電源,導(dǎo)體棒ab通過滑輪勻速提升重物,電路中的電流為I。(1)求在t時(shí)間內(nèi),圖1“發(fā)電機(jī)”產(chǎn)生的電能和圖2“電動(dòng)機(jī)”輸出的機(jī)械能。(2)從微觀角度看,導(dǎo)體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力在上述能量轉(zhuǎn)化中起著重要作用。為了方便,可認(rèn)為導(dǎo)體棒中的自由電荷為正電荷。a.請(qǐng)?jiān)趫D3(圖1的導(dǎo)體棒ab)、圖4(圖2的導(dǎo)體棒ab)中,分別畫出自由電荷所受洛倫茲力的示意圖。b.我們知道,洛倫茲力對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷不做功。那么,導(dǎo)體棒ab中的自由電荷所受洛倫茲力是如何在能量轉(zhuǎn)化過程中起到作用的呢?請(qǐng)以圖2“電動(dòng)機(jī)”為例,通過計(jì)算分析說明。答案答案見解析解

26、析解析本題考查發(fā)電機(jī)和電動(dòng)機(jī)的機(jī)理分析、洛倫茲力的方向及其在能量轉(zhuǎn)化中的作用。(1)圖1中,電路中的電流I1=棒ab受到的安培力F1=BI1L在t時(shí)間內(nèi),“發(fā)電機(jī)”產(chǎn)生的電能等于棒ab克服安培力做的功E電=F1vt=圖2中,棒ab受到的安培力F2=BIL在t時(shí)間內(nèi),“電動(dòng)機(jī)”輸出的機(jī)械能等于安培力對(duì)棒ab做的功E機(jī)=F2vt=BILvtBLvRr222B L vtRr(2)a.如圖甲、圖乙所示。b.設(shè)自由電荷的電荷量為q,沿導(dǎo)體棒定向移動(dòng)的速率為u。如圖乙所示,沿棒方向的洛倫茲力f1=qvB,做負(fù)功W1=-f1ut=-qvBut垂直棒方向的洛倫茲力f2=quB,做正功W2=f2vt=quBvt

27、所以W1=-W2,即導(dǎo)體棒中一個(gè)自由電荷所受的洛倫茲力做功為零。f1做負(fù)功,阻礙自由電荷的定向移動(dòng),宏觀上表現(xiàn)為“反電動(dòng)勢(shì)”,消耗電源的電能;f2做正功,宏觀上表現(xiàn)為安培力做正功,使機(jī)械能增加。大量自由電荷所受洛倫茲力做功的宏觀表現(xiàn)是將電能轉(zhuǎn)化為等量的機(jī)械能,在此過程中洛倫茲力通過兩個(gè)分力做功起到“傳遞”能量的作用。4-2如圖所示,在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中,有一豎直放置的光滑的平行金屬導(dǎo)軌,導(dǎo)軌平面與磁場(chǎng)垂直,導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),頂端接有阻值為R的電阻。將一根金屬棒從導(dǎo)軌上的M處以速度v0豎直向上拋出,棒到達(dá)N處后返回,回到出發(fā)點(diǎn)M時(shí)棒的速度為拋出時(shí)的一半。已知棒的長(zhǎng)度為L(zhǎng),質(zhì)量為m,電阻為

28、r。金屬棒始終在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),處于水平且與導(dǎo)軌接觸良好,忽略導(dǎo)軌的電阻。重力加速度為g。(1)金屬棒從M點(diǎn)被拋出至落回M點(diǎn)的整個(gè)過程中,求:a.電阻R消耗的電能;b.金屬棒運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。(2)經(jīng)典物理學(xué)認(rèn)為,金屬的電阻源于定向運(yùn)動(dòng)的自由電子與金屬離子的碰撞。已知元電荷為e。求當(dāng)金屬棒向下運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí),棒中答案答案見解析解析解析(1)a.金屬棒從M點(diǎn)被拋出至落回M點(diǎn)的整個(gè)過程中,由能量守恒知回路中消耗的電能Q=m-m=m電阻R消耗的電能QR=Q=1220v12202v3820vRRr2038()RmvRr金屬離子對(duì)一個(gè)自由電子沿棒方向的平均作用力大小。b.方法一:金屬棒從M點(diǎn)被拋出至落回M點(diǎn)的

29、整個(gè)過程中,由動(dòng)量定理有mgt+I安=m-將整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段,可認(rèn)為在每個(gè)小段中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)幾乎不變,設(shè)每小段的時(shí)間為t。則安培力的沖量I安=Bi1Lt+Bi2Lt+Bi3Lt+I安=BL(i1t+i2t+i3t+)I安=BLq又q=t,=,=因?yàn)?0,所以I安=002v0mvIIERrEt解得t=方法二:金屬棒從M點(diǎn)被拋出至落回M點(diǎn)的整個(gè)過程中,由動(dòng)量定理mgt+I安=m-將整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段,可認(rèn)為在每個(gè)小段中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)幾乎不變,設(shè)每小段的時(shí)間為t。則安培力的沖量I安=v1t+v2t+v3t+I安=(v1t+v2t+v3t+)因?yàn)榘舻奈灰茷?,則v1t+v2t+v3t+=0

30、所以I安=0032vg02v0mv22B LRr22B LRr22B LRr22B LRr解得t=(2)方法一:當(dāng)金屬棒向下運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)mg=Fm其中Fm=解得vm=沿棒方向,棒中自由電子受到洛倫茲力evmB、電場(chǎng)力eE和金屬離子對(duì)它的平均作用力f作用。因?yàn)榘糁须娏骱愣?所以自由電子沿棒的運(yùn)動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)。則f+eE=evmB又E=032vg22mB L vRr22mg RrB LULU=R解得f=方法二:當(dāng)金屬棒向下運(yùn)動(dòng)達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)時(shí)單位時(shí)間內(nèi)機(jī)械能減少P=mgvm金屬棒生熱功率Pr=P回路中的電流I=設(shè)棒的橫截面積為S,棒中單位體積的自由電子數(shù)為n,棒中自由電子定向運(yùn)動(dòng)的速度為v,金屬離子對(duì)自由電子的平均作用力為f則Pr=fvI=neSvmBLvRr2emgrBLrRrmBLvRrnSL所以f=2emgrBL