《（京津?qū)Ｓ茫?022高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 優(yōu)編增分練：壓軸大題突破練（三）函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（1）理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（京津?qū)Ｓ茫?022高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 優(yōu)編增分練：壓軸大題突破練（三）函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（1）理（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、（京津?qū)Ｓ茫?022高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 優(yōu)編增分練：壓軸大題突破練（三）函數(shù)與導(dǎo)數(shù)（1）理1(2018江南十校模擬)設(shè)f(x)xln xax2(3a1)x.(1)若g(x)f(x)在1,2上單調(diào)，求a的取值范圍；(2)已知f(x)在x1處取得極小值，求a的取值范圍解(1)由f(x)ln x3ax3a，即g(x)ln x3ax3a，x(0，)，g(x)3a，g(x)在1,2上單調(diào)遞增，3a0對(duì)x1,2恒成立，即a對(duì)x1,2恒成立，得a；g(x)在1,2上單調(diào)遞減，3a0對(duì)x1,2恒成立，即a對(duì)x1,2恒成立，得a，由可得a的取值范圍為.(2)由(1)知，當(dāng)a0時(shí)，f(x)在(0，)上單調(diào)遞增，x(0

2、,1)時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞增，f(x)在x1處取得極小值，符合題意；當(dāng)0a1，又f(x)在上單調(diào)遞增，x(0,1)時(shí)，f(x)0，f(x)在(0,1)上單調(diào)遞減，在上單調(diào)遞增，f(x)在x1處取得極小值，符合題意；當(dāng)a時(shí)，1，f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增，在(1，)上單調(diào)遞減，x(0，)時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減，不合題意；當(dāng)a時(shí)，00，f(x)單調(diào)遞增，當(dāng)x(1，)時(shí)，f(x)0，f(x)單調(diào)遞減，f(x)在x1處取得極大值，不符合題意綜上所述，可得a的取值范圍為.2(2018河南省鄭州外國(guó)語(yǔ)學(xué)校調(diào)研)已知函數(shù)f(x)aln xex.(1)討論f(x)的極值點(diǎn)的個(gè)數(shù)；(2)

3、若aN*，且f(x)0)，當(dāng)a0時(shí)，f(x)0時(shí)，令f(x)0得axex0，即xexa，又yxex在(0，)上是增函數(shù)，且當(dāng)x時(shí)，xex，所以xexa在(0，)上存在一解，不妨設(shè)為x0，所以函數(shù)yf(x)在(0，x0)上單調(diào)遞增，在(x0，)上單調(diào)遞減，所以函數(shù)yf(x)有一個(gè)極大值點(diǎn)，無(wú)極小值點(diǎn)綜上，當(dāng)a0時(shí)，無(wú)極值點(diǎn)；當(dāng)a0時(shí)，函數(shù)yf(x)有一個(gè)極大值點(diǎn)，無(wú)極小值點(diǎn)(2)因?yàn)閍N* 0，由(1)知，f(x)有極大值f(x0)，且x0滿足x0a，可知f(x)maxf(x0)aln x0，要使f(x)0恒成立，即f(x0)aln x00，由可得，代入得aln x00，即a0，所以ln x00

4、，因?yàn)閘n 1.70，且yln x0在(0，)上是增函數(shù)設(shè)m為yln x0的零點(diǎn)，則m(1.7,1.8)，可知0x0m，由可得aln x0，當(dāng)0x01時(shí)，aln x00，不等式顯然恒成立；當(dāng)1x00，a，令g(x)，x(1，m)，則g(x)0，所以g(x)在(1，m)上是減函數(shù)，且10.29，10.31，所以10.29g(m)0，m(x)單調(diào)遞增；當(dāng)x(e，)時(shí)，m(x)0，m(x)單調(diào)遞減m(x)有極大值，又x(0,1時(shí)，m(x)0；當(dāng)x(1，)時(shí)，0m(x)1時(shí)，h(x)f(x)g(x)0恒成立，即ln xex2ax2ae0恒成立，令t(x)ln xex2ax2ae，t(x)ex2a，設(shè)(

5、x)ex2a，(x)ex，x1，exe，0，(x)在(1，)上單調(diào)遞增，即t(x)在(1，)上單調(diào)遞增，t(x)t(1)1e2a，當(dāng)a且a1時(shí)，t(x)0，t(x)ln xex2ax2ae在(1，)上單調(diào)遞增，t(x)t(1)0成立，當(dāng)a時(shí)，t(1)1e2a0，存在x0(1，ln 2a)，滿足t(x0)0.t(x)在(1，)上單調(diào)遞增，當(dāng)x(1，x0)時(shí)，t(x)0，t(x)單調(diào)遞減，t(x0)0不恒成立實(shí)數(shù)a的取值范圍為(，1).4(2018福建省百校模擬)已知函數(shù)f(x)x1aex.(1)討論f(x)的單調(diào)性；(2)設(shè)x1，x2是f(x)的兩個(gè)零點(diǎn)，證明：x1x24.(1)解f(x)1ae

6、x，當(dāng)a0時(shí)，f(x)0，則f(x)在R上單調(diào)遞增當(dāng)a0，得xln，則f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為，令f(x)ln，則f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為.(2)證明由f(x)0得a，設(shè)g(x)，則g(x).由g(x)0，得x0，得x2.故g(x)ming(2)1時(shí)，g(x)0，當(dāng)x0，不妨設(shè)x14等價(jià)于x24x1，4x12且g(x)在(2，)上單調(diào)遞增，要證x1x24，只需證g(x2)g(4x1)，g(x1)g(x2)a，只需證g(x1)g(4x1)，即，即證(x13)x110；設(shè)h(x)e2x4(x3)x1，x(1,2)，則h(x)e2x4(2x5)1，令m(x)h(x)，則m(x)4e2x4(x2)，x

7、(1,2)，m(x)h(2)0，h(x)在(1,2)上單調(diào)遞增，h(x)h(2)0，x114得證5(2018長(zhǎng)沙模擬)設(shè)函數(shù)f(x)xln(x)(1)探究函數(shù)f(x)的單調(diào)性；(2)當(dāng)x0時(shí)，恒有f(x)ax3，試求a的取值范圍；(3)令an6nln(nN*)，試證明：a1a2an.(1)解函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽.由f(x)10，知f(x)是R上的增函數(shù)(2)解令g(x)f(x)ax3xln(x)ax3，則g(x)，令h(x)(13ax2)1，則h(x).()當(dāng)a時(shí)，h(x)0，從而h(x)是0，)上的減函數(shù)，注意到h(0)0，則x0時(shí)，h(x)0，所以g(x)0，進(jìn)而g(x)是0，)上的減

8、函數(shù)，注意到g(0)0，則x0時(shí)，g(x)0，即f(x)ax3.()當(dāng)0aax3；()當(dāng)a0時(shí)，h(x)0，同理可知f(x)ax3，綜上，a的取值范圍是.(3)證明在(2)中，取a，則x時(shí)，xln(x)x3，即x3ln(x)x，取x2n，an6nlnn，則a1a2an0，都有f(x)f0.(1)用含a的表達(dá)式表示b；(2)若f(x)存在兩個(gè)極值點(diǎn)x1，x2，且x10；(3)在(2)的條件下，判斷yf(x)零點(diǎn)的個(gè)數(shù)，并說(shuō)明理由解(1)根據(jù)題意，令x1，可得f(1)f(1)0，所以f(1)ab0，經(jīng)驗(yàn)證，可得當(dāng)ab時(shí)，對(duì)任意x0，都有f(x)f0，所以ba.(2)由(1)可知，f(x)ln xa

9、x，且x0，所以f(x)a，令g(x)ax2xa，要使f(x)存在兩個(gè)極值點(diǎn)x1，x2，則yg(x)有兩個(gè)不相等的正實(shí)數(shù)根，所以或解得0a或無(wú)解，所以a的取值范圍為，可得0.由題意知，fln 2ln aln 2，令h(x)2ln xln 2，則h(x).而當(dāng)x時(shí)，3x44x43x44(1x)0，即h(x)h2ln 24ln 23ln e0.即當(dāng)0a0.(3)因?yàn)閒(x)a，g(x)ax2xa.令f(x)0，得x1，x2.由(2)知，當(dāng)0a0，g(0)a1.又x1x21，可得x11，此時(shí)，f(x)在(0，x1)上單調(diào)遞減，在(x1，x2)上單調(diào)遞增，在(x2，)上單調(diào)遞減，所以yf(x)最多只有三個(gè)不同的零點(diǎn)又因?yàn)閒(1)0，所以f(x)在(x1，1)上單調(diào)遞增，即當(dāng)xx1，1)時(shí)，f(x)0且0，所以(x1，1)，即(0，x1)，所以x0，使得f(x0)0.由0x0x11，又ff(x0)0，f(1)0，所以f(x)恰有三個(gè)不同的零點(diǎn)：x0，1，.綜上所述，yf(x)恰有三個(gè)不同的零點(diǎn)