《優(yōu)化方案（浙江專用）2020版高考物理二輪復習 特色專題訓練 力學選擇題巧練（二）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《優(yōu)化方案（浙江專用）2020版高考物理二輪復習 特色專題訓練 力學選擇題巧練（二）（5頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、力學選擇題巧練(二) (建議用時：20分鐘)一、單項選擇題1據(jù)網站信息，中國正在建造第二艘、第三艘航母艦載機是航空母艦的重要武器如果民航客機起飛時需在150 s內使飛機從靜止加速到40 m/s，而艦載機借助助推設備，在3 s內就可加速到80 m/s，設起飛時飛機在跑道上做勻加速運動，則供民航客機起飛的跑道的長度為航空母艦的甲板跑道長度的()A25倍B50倍C250倍 D500倍2一木箱放在水平地面上，木箱質量為m，用水平拉力F即可使物體做勻速直線運動，現(xiàn)保持F大小不變，方向改為與水平方向成60角斜向上拉物體，也能使物體做勻速直線運動，如圖所示則木箱與水平地面間的動摩擦因數(shù)為()A. B.C.

2、D.3.(2020寧波聯(lián)考)在離地面高5 m處有兩個球緊靠在一起，它們用長為2 m的輕繩連著，現(xiàn)給兩個球相反方向的水平速度v1、v2，使兩個球做平拋運動，結果兩球落地時繩剛好拉直，則兩個球的速度大小之差不可能是()A2 m/sB. m/sC. m/s D1 m/s4(2020河北石家莊3月模擬)如圖所示，一質量為M、傾角為的斜面體置于水平地面上，質量為m的小木塊(可視為質點)放在斜面上現(xiàn)用一平行于斜面、大小恒定的拉力F作用于小木塊上，拉力在斜面所在的平面內繞小木塊旋轉一周的過程中，斜面體和小木塊始終保持靜止狀態(tài)，下列說法中正確的是()A小木塊受到斜面的最大摩擦力為 B小木塊受到斜面的最大摩擦力

3、為Fmgsin C斜面體受到水平地面的最大摩擦力為FD斜面體受到水平地面的最大摩擦力為Fcos 二、不定項選擇題5如圖所示，一物塊A放在固定于水平地面上的斜面體B上，處于靜止狀態(tài)現(xiàn)使力F沿不同方向作用在物塊A上，物塊A始終保持靜止則物塊A對斜面體的壓力不變的是()6.如圖所示，質量為m的滑塊以一定初速度滑上傾角為的固定斜面，同時施加一沿斜面向上的恒力Fmgsin .已知滑塊與斜面間的動摩擦因數(shù)tan ，取出發(fā)點為參考點，能正確描述滑塊運動到最高點過程中產生的熱量Q、滑塊的動能Ek、機械能E隨時間t變化關系及滑塊的勢能Ep隨位移x變化關系的是()7如圖甲所示，一固定在地面上的足夠長斜面，傾角為3

4、7，物體A放在斜面底端擋板處，通過不可伸長的輕質繩跨過光滑輕質滑輪與物體B相連接，B的質量M1 kg，A的質量m0.5 kg，繩拉直時B離地面有一定高度在t0時刻，無初速度釋放B，由固定在A上的速度傳感器得到的數(shù)據(jù)繪出的A沿斜面向上運動的vt圖象如圖乙所示，若B落地后不反彈，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，則下列說法正確的是()AB下落的加速度大小a2 m/s2BA沿斜面向上運動的過程中，繩的拉力對A做的功W3 JCA與斜面間的動摩擦因數(shù)0.5D00.75 s內摩擦力對A做的功大小為0.75 J力學選擇題巧練(二)1解析：選A.由于起飛時飛機在跑道上做勻加速運動，由

5、x tt，所以25，所以A選項正確2解析：選C.水平拉物體時：Fmg；斜向上拉物體時：Fcos 60(mgFsin 60)解得：.故選C.3解析：選A.兩球做平拋運動的時間均為t1 s，兩球的初速度大小之和為v1v22 m/s.由于兩球的速度大小之和為2 m/s，因此速度大小之差不可能大于2 m/s，選項A正確4解析：選C.對小木塊分析可知，當力F繞小木塊旋轉一周的過程中，F(xiàn)沿斜面向下時小木塊受到的靜摩擦力最大，小木塊受到的最大靜摩擦力Ffmmgsin F，故A、B均錯誤對斜面體和小木塊整體受力分析可知，水平地面對斜面體的摩擦力與F的水平分力大小相等，所以最大靜摩擦力為F，此時F與斜面底邊平行

6、，所以C項正確，D項錯誤5解析：選AB.設斜面的傾角為，對選項A、B，施加力F前后物塊A對斜面體的壓力均為FNmgcos ，選項A、B正確；對選項C，施加力F前物塊A對斜面體的壓力為FNmgcos ，施加力F后，F(xiàn)Nmgcos Fsin ，壓力減小，選項C錯誤；對選項D，施加力F前物塊A對斜面體的壓力為FNmgcos ，施加力F后，F(xiàn)N(mgF)cos ，壓力增大，選項D錯誤6解析：選CD.滑塊運動到最高點的過程中，所受的合外力等于沿斜面向下的摩擦力Ffmgcos mgsin ，滑塊沿斜面向上做勻減速運動，運動到最高點的過程中產生的熱量QFfxmgsin ，圖A錯誤由動能定理得mgsin Ek

7、mv2，Ekmgsin mv2，圖B錯誤滑塊的重力勢能Epmgxsin ，圖C正確根據(jù)題意知，F(xiàn)mgsin Ff，機械能E不變，圖D正確7解析：選BD.因為物體A、B加速度大小相等，由題圖乙可知00.5 s內B的加速度大小a4 m/s2，A錯誤；設繩的拉力為FT，對B由牛頓第二定律：MgFTMa，所以FT6 N，而A、B位移大小相同，則由題圖乙可知A在00.5 s內上升階段的位移大小為：x0.5 m，故繩的拉力對A做功為：WFTx3 J，B正確；由題圖乙可知后0.25 s內A的加速度大小a8 m/s2，此過程A在沿斜面方向只受摩擦力和重力沿斜面向下的分力作用，即mgcos mgsin ma，解得：0.25，C錯誤；全程總位移大小為：x0.75 m，對物體A從開始到達到運動的最高點，由動能定理可得WWfmgxsin 0，故摩擦力做功大小為：Wf0.75 J，D正確