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1、【】2020高考物理單元測試電子題庫 6-3 新人教版 (時間：45分鐘滿分：100分)一、選擇題(本題共10個小題，每小題7分，共70分，每小題只有一個選項正確，請將正確選項前的字母填在題后的括號內(nèi))1如圖所示，帶正電荷量q，質(zhì)量為m的滑塊，沿固定絕緣斜面勻速下滑，現(xiàn)加一豎直向上的勻強電場，電場強度為E，且qEmg，以下判斷中正確的是()A物體將沿斜面減速下滑B物體將沿斜面加速下滑C物體仍保持勻速下滑D僅當qEmg時，物體繼續(xù)保持勻速下滑解析：未加電場時，m勻速下滑，則有mgsin mgcos ，加電場后有(mgqE)sin (mgqE)cos ，所以物體仍保持勻速下滑答案：C2(2020年

2、銅陵模擬)傳感器是一種采集信息的重要器件，如圖所示是一種測定壓力的電容式傳感器當待測壓力F作用于可動膜片電極上時，以下說法中正確的是()A若F向上壓膜片電極，電路中有從a到b的電流B若F向上壓膜片電極，電路中有從b到a的電流C若F向上壓膜片電極，電路中不會出現(xiàn)電流D若電流表有示數(shù)，則說明壓力F是不變的解析：F向上壓膜片電極，使得電容器兩板間的距離減小，電容器的電容增加，又因電容器兩極板間的電壓不變，所以電容器的電荷量增加，電容器繼續(xù)充電綜上所述，選項B正確答案：B3一平行板電容器兩極板間距為d、極板面積為S，電容為0S/d，其中0是常量對此電容器充電后斷開電源當增加兩板間距時，電容器極板間()

3、A電場強度不變，電勢差變大B電場強度不變，電勢差不變C電場強度減小，電勢差不變D電場強度減小，電勢差減小解析：平行板電容器所帶電荷量Q、兩板間電壓U，有CQ/U、C0S/d、兩板間勻強電場的場強EU/d，可得EQ/(0S)電容器充電后斷開，電容器電荷量Q不變，則E不變根據(jù)C0S/d可知d增大、C減小，又根據(jù)CQ/U可知U變大答案：A4如圖所示，C為中間插有電介質(zhì)的電容器，a和b為其兩極板，a板接地；P和Q為兩豎直放置的平行金屬板，在兩板間用絕緣線懸掛一帶電小球；P板與b板用導線相連，Q板接地開始時懸線靜止在豎直方向，在b板帶電后，懸線偏轉(zhuǎn)了角度.在以下方法中，能使懸線的偏角變大的是()A縮小a

4、、b間的距離或取出a、b兩極間的電介質(zhì)B加大a、b間的距離或取出a、b兩極間的電介質(zhì)C加大ab間距離或換一塊形狀大小相同，介電常數(shù)更大的電介質(zhì)D縮小ab間距離或換一塊形狀大小相同、介電常數(shù)更大的電介質(zhì)解析：已知電容器C帶電荷量不變，a、Q兩板均接地，電勢為零，b、P兩板電勢相等當a、b間距離縮小時，電容器C的電容變大，電壓U變小，即b、P兩板電勢減小，即p、Q間電壓減小，電場強度E減小，懸線偏角減小取出a、b兩極板間電介質(zhì)時，電容器C的電容變小，電壓U變大，懸線偏角增大當換一塊介電常數(shù)更大的電介質(zhì)時，電容器C的電容變大，電壓U變小，懸線偏角減小，綜上所述，應選B.答案：B5(2020年天津理綜

5、)板間距為d的平行板電容器所帶電荷量為Q時，兩極板間電勢差為U1，板間場強為E1.現(xiàn)將電容器所帶電荷量變?yōu)?Q，板間距變?yōu)閐，其他條件不變，這時兩極板間電勢差為U2，板間場強為E2，下列說法正確的是()AU2U1，E2E1 BU22U1，E24E1CU2U1，E22E1 DU22U1，E22E1解析：U1，E1.當板間距變?yōu)閐時，由C可知電容變?yōu)?C，而帶電荷量也變?yōu)?Q，故U2U1，E222E1，故C選項正確答案：C6平行板間有如圖所示的周期性變化的電壓重力不計的帶電粒子靜止在平行板中央，從t0時刻開始將其釋放，運動過程中無碰板情況在下圖所示的圖象中，能正確定性描述粒子運動的速度圖象的是()

6、解析：0時間內(nèi)粒子做初速度為零的勻加速直線運動，T時間內(nèi)做勻減速直線運動，由對稱性可知，在T時刻速度減為零此后周期性重復，故A對答案：A7如圖所示，水平面絕緣且光滑，彈簧左端固定，右端連一輕質(zhì)絕緣擋板，空間存在著水平方向的勻強電場，一帶電小球在電場力和擋板壓力作用下靜止若突然將電場反向，則小球加速度的大小隨位移x變化的關(guān)系圖象可能是下圖中的()解析：帶電小球靜止時設彈簧的壓縮量為x0，則qEkx0，電場反向后，由牛頓第二定律得：qEk(x0x)ma(x為小球的位移)，由于該方程中a與x為一次函數(shù)，在ax圖象中為直線；球與擋板分開后，有qEma，a為定值，故只有A正確答案：A8(2020年阜陽模

7、擬)如圖所示勻強電場E的區(qū)域內(nèi)，在O點處放置一點電荷Q.a、b、c、d、e、f為以O為球心的球面上的點，aecf平面與電場平行，bedf平面與電場垂直，則下列說法正確的是()Ab、d兩點的電場強度相同Ba點的電勢等于f點的電勢C點電荷q在球面上任意兩點之間移動時，電場力一定做功D將點電荷q在球面上任意兩點之間移動，從a點移動到c點電勢能的變化量一定最大解析：b、d兩點的場強為Q產(chǎn)生的場與勻強電場E的合場強，由對稱可知，其大小相等，方向不同，A錯誤；a、f兩點雖在Q的同一等勢面上，但在勻強電場E中此兩點不等勢，故B錯誤；在bedf面上各點電勢相同，點電荷q在bedf面上移動時，電場力不做功，C錯

8、誤；從a點移到c點，Q對它的電場力不做功，但勻強電場對q做功最多，電勢能變化量一定最大，故D正確答案：D9(2020年六安模擬)如圖所示，在豎直向上的勻強電場中，一根不可伸長的絕緣細繩的一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，最高點為a，最低點為b.不計空氣阻力，則()A小球帶負電B電場力跟重力平衡C小球在從a點運動到b點的過程中，電勢能減小D小球在運動過程中機械能守恒解析：由于小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，速率不變化，由動能定理，合外力做功為零，繩子拉力不做功，電場力和重力做的總功為零，所以電場力和重力的合力為零，電場力跟重力平衡，B正確由于電場力的方向與重

9、力方向相反，電場方向又向上，所以小球帶正電，A不正確小球在從a點運動到b點的過程中，電場力做負功，由功能關(guān)系得，電勢能增加，C不正確在整個運動過程中，除重力做功外，還有電場力做功，小球在運動過程中機械能不守恒，D不正確答案：B10如圖所示，一種射線管由平行金屬板A、B和平行于金屬板的細管C組成放射源O在A極板左端，可以向各個方向發(fā)射不同速度、質(zhì)量為m的粒子，若極板長為L，間距為d.當A、B板加上電壓U時，只有某一速度的粒子能從細管C水平射出，細管C離兩板等距已知元電荷為e，則從放射源O發(fā)射出的粒子的這一速度為()A. B. C. D. 解析：設所求的速度為v0，與上板A成角在垂直于極板的方向上

10、，粒子做勻減速直線運動，當豎直分速度恰好減為零時，有at2，即dat2.水平位移Lvxt，兩式相除得，又vyat，所以vxvy .因此v0 .選項C正確答案：C二、非選擇題(本題共2個小題，共30分，解答時應寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟，有數(shù)值計算的要注明單位)11(15分)在示波管中，電子通過電子槍加速，進入偏轉(zhuǎn)電極，然后射到熒光屏上如下圖所示，設電子的質(zhì)量為m(不考慮所受重力)，電荷量為e，從靜止開始，經(jīng)過加速電場加速，加速電場電壓為U1，然后進入偏轉(zhuǎn)電場，偏轉(zhuǎn)電極中兩板之間的距離為d，板長為L，偏轉(zhuǎn)電壓為U2，求電子射到熒光屏上的動能為多大？解析：電子在加速電場加速時，根據(jù)動能定

11、理eU1mv進入偏轉(zhuǎn)電場后Lvxt，vyat，a射出偏轉(zhuǎn)電場時合速度v，以后勻速到達熒光屏由以上各式，得Ekmv2eU1.答案：eU112(15分)(2020年蕪湖模擬)在場強為E100 V/m的豎直向下的勻強電場中有一塊水平放置的足夠大的接地金屬板，在金屬板的正上方，高為h0.8 m處有一個小的放射源放在一端開口的鉛盒內(nèi)，如圖所示放射源以v0200 m/s的初速度向水平面以下各個方向均勻地釋放質(zhì)量為m21015 kg、電荷量為q1012 C的帶電粒子粒子最后落在金屬板上不計粒子重力，試求：(1)粒子下落過程中電場力做的功；(2)粒子打在金屬板上時的動能；(3)計算落在金屬板上的粒子圖形的面積大小(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)解析：(1)粒子在下落過程中電場力做的功WEqh10010120.8 J81011 J(2)粒子在整個運動過程中僅有電場力做功，由動能定理得WEk2Ek1Ek281011 J210152002/2 J1.21010 J(3)粒子落到金屬板上的范圍是一個圓設此圓的半徑為r，只有當粒子的初速度與電場的方向垂直時粒子落在該圓的邊緣上，由運動學公式得hat2t2代入數(shù)據(jù)求得t5.66103 s圓半徑rv0t1.13 m圓面積Sr24.0 m2.答案：(1)81011 J(2)1.21010 J(3)4.0 m2