《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題三 立體幾何 第2講 空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系練習(xí) 文 新人教A版》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題三 立體幾何 第2講 空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系練習(xí) 文 新人教A版（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第2講空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系一、選擇題1已知m，n，l1，l2表示直線，表示平面若m，n，l1，l2，l1l2M，則的一個(gè)充分條件是()Am且l1Bm且nCm且nl2 Dml1且nl2解析：選D.由定理“如果一個(gè)平面內(nèi)有兩條相交直線分別與另一個(gè)平面平行，那么這兩個(gè)平面平行”知，由選項(xiàng)D可推知.2設(shè)m，n是兩條不同的直線，是兩個(gè)不同的平面，則()A若mn，n，則mB若m，則mC若m，n，n，則mD若mn，n，則m解析：選C.對(duì)A，若mn，n，則m或m或m與相交，錯(cuò)誤；對(duì)B，若m，則m或m或m與相交，錯(cuò)誤；對(duì)C，若m，n，n，則m，正確；對(duì)D，若mn，n，則m與相交或m或m，錯(cuò)誤故選C.3(20

2、19長(zhǎng)春市質(zhì)量監(jiān)測(cè)(一)在正方體ABCDA1B1C1D1中，直線A1C1與平面ABC1D1所成角的正弦值為()A1 B.C. D.解析：選D.由題意畫出圖形如圖所示，取AD1的中點(diǎn)為O，連接OC1，OA1，易知OA1平面ABC1D1，所以A1C1O是直線A1C1與平面ABC1D1所成的角，在RtOA1C1中，A1C12OA1，所以sinA1C1O.故選D.4(2019高考全國(guó)卷)如圖，點(diǎn)N為正方形ABCD的中心，ECD為正三角形，平面ECD平面ABCD，M是線段ED的中點(diǎn)，則()ABMEN，且直線BM，EN是相交直線BBMEN，且直線BM，EN是相交直線CBMEN，且直線BM，EN是異面直線D

3、BMEN，且直線BM，EN是異面直線解析：選B.如圖，取CD的中點(diǎn)F，連接EF，EB，BD，F(xiàn)N，因?yàn)镃DE是正三角形，所以EFCD.設(shè)CD2，則EF.因?yàn)辄c(diǎn)N是正方形ABCD的中心，所以BD2，NF1，BCCD.因?yàn)槠矫鍱CD平面ABCD，所以EF平面ABCD，BC平面ECD，所以EFNF，BCEC，所以在RtEFN中，EN2，在RtBCE中，EB2，所以在等腰三角形BDE中，BM，所以BMEN.易知BM，EN是相交直線故選B.5在四面體ABCD中，ABAD，ABADBCCD1，且平面ABD平面BCD，M為AB的中點(diǎn)，則線段CM的長(zhǎng)為()A. B.C. D.解析：選C.如圖所示，取BD的中點(diǎn)

4、O，連接OA，OC，因?yàn)锳BADBCCD1，所以O(shè)ABD，OCBD.又平面ABD平面BCD，所以O(shè)A平面BCD，OAOC.又ABAD，所以DB，取OB的中點(diǎn)N，連接MN，CN，所以MNOA，MN平面BCD，所以MNCN.所以CM.6如圖所示，四邊形ABCD中，ADBC，ADAB，BCD45，BAD90，將ADB沿BD折起，使平面ABD平面BCD，構(gòu)成三棱錐ABCD，則在三棱錐ABCD中，下列結(jié)論正確的是()A平面ABD平面ABC B平面ADC平面BDCC平面ABC平面BDC D平面ADC平面ABC解析：選D.因?yàn)樵谒倪呅蜛BCD中，ADBC，ADAB，BCD45，BAD90，所以BDCD.又平

5、面ABD平面BCD，且平面ABD平面BCDBD，故CD平面ABD，則CDAB.又ADAB，ADCDD，AD平面ADC，CD平面ADC，故AB平面ADC.又AB平面ABC，所以平面ADC平面ABC.二、填空題7已知直線l平面，直線m平面，則下列四個(gè)命題：lm；lm；lm；lm.其中正確命題的序號(hào)是_解析：直線l平面，直線m平面，當(dāng)有l(wèi)m，故正確當(dāng)有l(wèi)m或l與m異面或相交，故不正確當(dāng)lm有，故正確當(dāng)lm有或與相交，故不正確綜上可知正確答案：8(2019成都第一次診斷性檢測(cè))在各棱長(zhǎng)均相等的直三棱柱ABCA1B1C1中，已知M是棱BB1的中點(diǎn)，N是棱AC的中點(diǎn)，則異面直線A1M與BN所成角的正切值為

6、_解析：如圖，取AA1的中點(diǎn)P，連接PN，PB，則由直三棱柱的性質(zhì)可知A1MPB，則PBN為異面直線A1M與BN所成的角(或其補(bǔ)角)設(shè)三棱柱的棱長(zhǎng)為2，則PN，PB，BN，所以PN2BN2PB2，所以PNB90，在RtPBN中，tanPBN.答案：9.如圖，在ABC中，ACB90，AB8，ABC60，PC平面ABC，PC4，M是AB上的一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，則PM的最小值為_解析：作CHAB于點(diǎn)H，連接PH.因?yàn)镻C平面ABC，所以PHAB，即PH為PM的最小值在ABC中，因?yàn)锳CB90，AB8，ABC60，所以BC4，所以CH2.因?yàn)镻C4，所以PH2.答案：2三、解答題10如圖，在四棱錐PABCD中，

7、ABCACD90，BACCAD60，PA平面ABCD，PA2，AB1.設(shè)M，N分別為PD，AD的中點(diǎn)(1)求證：平面CMN平面PAB；(2)求三棱錐PABM的體積解：(1)證明：因?yàn)镸，N分別為PD，AD的中點(diǎn)，所以MNPA，又MN平面PAB，PA平面PAB，所以MN平面PAB.在RtACD中，CAD60，CNAN，所以ACN60.又BAC60，所以CNAB.因?yàn)镃N平面PAB，AB平面PAB，所以CN平面PAB.又CNMNN，所以平面CMN平面PAB.(2)由(1)知，平面CMN平面PAB，所以點(diǎn)M到平面PAB的距離等于點(diǎn)C到平面PAB的距離因?yàn)锳B1，ABC90，BAC60，所以BC，所以

8、三棱錐PABM的體積VVMPABVCPABVPABC12.11.(2019高考北京卷)如圖，在四棱錐PABCD中，PA平面ABCD，底面ABCD為菱形，E為CD的中點(diǎn)(1)求證：BD平面PAC；(2)若ABC60，求證：平面PAB平面PAE；(3)棱PB上是否存在點(diǎn)F，使得CF平面PAE？說(shuō)明理由解：(1)證明：因?yàn)镻A平面ABCD，所以PABD.又因?yàn)榈酌鍭BCD為菱形，所以BDAC.所以BD平面PAC.(2)證明：因?yàn)镻A平面ABCD，AE平面ABCD，所以PAAE.因?yàn)榈酌鍭BCD為菱形，ABC60，且E為CD的中點(diǎn)，所以AECD.所以ABAE.所以AE平面PAB.所以平面PAB平面PA

9、E.(3)棱PB上存在點(diǎn)F，使得CF平面PAE.取F為PB的中點(diǎn)，取G為PA的中點(diǎn)，連接CF，F(xiàn)G，EG.則FGAB，且FGAB.因?yàn)榈酌鍭BCD為菱形，且E為CD的中點(diǎn)，所以CEAB，且CEAB.所以FGCE，且FGCE.所以四邊形CEGF為平行四邊形所以CFEG.因?yàn)镃F平面PAE，EG平面PAE.所以CF平面PAE.12(2019東北四市聯(lián)合體模擬(一)如圖，等腰梯形ABCD中，ABCD，ADABBC1，CD2，E為CD的中點(diǎn)，將ADE沿AE折到APE的位置(1)證明：AEPB；(2)當(dāng)四棱錐PABCE的體積最大時(shí)，求點(diǎn)C到平面PAB的距離解：(1)證明：在等腰梯形ABCD中，連接BD，

10、交AE于點(diǎn)O，因?yàn)锳BCE，ABCE，所以四邊形ABCE為平行四邊形，所以AEBCADDE，所以ADE為等邊三角形，所以在等腰梯形ABCD中，CADE，BDBC，所以BDAE.如圖，翻折后可得，OPAE，OBAE，又OP平面POB，OB平面POB，OPOBO，所以AE平面POB，因?yàn)镻B平面POB，所以AEPB.(2)當(dāng)四棱錐PABCE的體積最大時(shí)，平面PAE平面ABCE.又平面PAE平面ABCEAE，PO平面PAE，POAE，所以O(shè)P平面ABCE.因?yàn)镺POB，所以PB，因?yàn)锳PAB1，所以SPAB ，連接AC，則VPABCOPSABC，設(shè)點(diǎn)C到平面PAB的距離為d，因?yàn)閂PABCVCPABSPABd，所以d.- 6 -