《2012高考物理單元卷 機械能守恒定律》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2012高考物理單元卷 機械能守恒定律（7頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、第二模塊 第5章 第3單元一、選擇題1下列四個選項的圖中，木塊均在固定的斜面上運動，其中圖A、B、C中斜面是光滑的，圖D中的斜面是粗糙的，圖A、B中的F為木塊所受的外力，方向如圖中箭頭所示，圖A、B、D中的木塊向下運動，圖C中的木塊向上運動在這四個圖所示的運動過程中機械能守恒的是()解析：依據機械能守恒條件：只有重力做功的情況下，物體的機械能才能保持守恒，由此可見A、B均有外力F參與做功，D中有摩擦力做功，故A、B、D均不符合機械能守恒的條件，故答案為C.答案：C2(2010年山東名校聯(lián)考)一質量為m的物體，以g的加速度減速上升h高度，不計空氣阻力，則()A物體的機械能不變 B物體的動能減小m

2、ghC物體的機械能增加mgh D物體的重力勢能增加mgh解析：設物體受到的向上的拉力為F.由牛頓第二定律可得：F合Fmgmg，所以Fmg.動能的增加量等于合外力所做的功mgh；機械能的增加量等于拉力所做的功mgh，重力勢能增加了mgh，故B、C、D正確，A錯誤答案：BCD圖103(2010年成都模擬)如圖10所示，質量相等的A、B兩物體在同一水平線上，當A物體被水平拋出的同時，B物體開始自由下落(空氣阻力忽略不計)，曲線AC為A物體的運動軌跡，直線BD為B物體的運動軌跡，兩軌跡相交于O點，則兩物體()A經O點時速率相等B在O點相遇C在O點具有的機械能一定相等D在O點時重力的功率一定相等解析：由

3、機械能守恒定律可知，A、B下落相同高度到達O點時速率不相等，故A錯由于平拋運動豎直方向的運動是自由落體運動，兩物體從同一水平線上開始運動，將同時達到O點，故B正確兩物體運動過程中機械能守恒，但A具有初動能，故它們從同一高度到達O點時機械能不相等，C錯誤重力的功率Pmgvy，由于兩物體質量相等，到達O點的豎直分速度vy相等，故在O點時，重力功率一定相等，D項正確答案：BD圖114如圖11所示，一物體以初速度v0沖向光滑斜面AB，并能沿斜面升高h，下列說法中正確的是()A若把斜面從C點鋸斷，由機械能守恒定律知，物體沖出C點后仍能升高hB若把斜面彎成圓弧形，物體仍能沿AB升高hC若把斜面從C點鋸斷或

4、彎成圓弧狀，物體都不能升高h，因為機械能不守恒D若把斜面從C點鋸斷或彎成圓弧狀，物體都不能升高h，但機械能仍守恒解析：若把斜面從C點鋸斷，物體將從C點做斜上拋運動，到最高點速度不為零，據機械能守恒定律，物體不能升高到h；若彎成弧狀升高h，則升到圓弧的最高點必有大于或等于的速度，據機械能守恒，不能升高h.答案：D圖125如圖12所示，細繩跨過定滑輪懸掛兩物體M和m，且Mm，不計摩擦，系統(tǒng)由靜止開始運動過程中()AM、m各自的機械能分別守恒 BM減少的機械能等于m增加的機械能CM減少的重力勢能等于m增加的重力勢能DM和m組成的系統(tǒng)機械能守恒 解析：M下落過程，繩的拉力對M做負功，M的機械能不守恒，

5、減少；m上升過程，繩的拉力對m做正功，m的機械能增加，A錯誤對M、m組成的系統(tǒng)，機械能守恒，易得B、D正確；M減少的重力勢能并沒有全部用于m重力勢能的增加，還有一部分轉變成M、m的動能，所以C錯誤答案：BD圖136(2009年營口質檢)如圖13所示，在地面上以速度v0拋出質量為m的物體，拋出后物體落到比地面低h的海平面上若以地面為零勢能面而且不計空氣阻力， 則物體到海平面時的勢能為mgh重力對物體做的功為mgh物體在海平面上的動能為mvmgh物體在海平面上的機械能為mv其中正確的是()A BC D解析：以地面為零勢能面，物體到海平面時的勢能為mgh，錯，重力對物體做功為mgh，對；由機械能守恒

6、，mvEkmgh，Ekmvmgh，對，故選B.答案：B圖147如圖14所示，一輕質彈簧豎立于地面上，質量為m的小球，自彈簧正上方h高處由靜止釋放，則從小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短(彈簧的形變始終在彈性限度內)的過程中，下列說法正確的是()A小球的機械能守恒B重力對小球做正功，小球的重力勢能減小C由于彈簧的彈力對小球做負功，所以彈簧的彈性勢能一直減小D小球的加速度先減小后增大解析：小球與彈簧作用過程，彈簧彈力對小球做負功，小球的機械能減小，轉化為彈簧的彈性勢能，使彈性勢能增加，因此A錯誤，C錯誤；小球下落過程中重力對小球做正功，小球的重力勢能減小，B正確；分析小球受力情況，由牛頓第二定律得：m

7、gkxma，隨彈簧壓縮量的增大，小球的加速度a先減小后增大，故D正確答案：BD圖158如圖15所示，固定在豎直平面內的光滑圓軌道ABCD，其A點與圓心等高，D點為最高點，DB為豎直線，AE為水平面，今使小球自A點正上方某處由靜止釋放，且從A處進入圓軌道運動，只要適當調節(jié)釋放點的高度，總能保證小球最終通過最高點D(不計空氣阻力的影響)則小球通過D點后()A一定會落到水平面AE上B一定不會落到水平面AE上C一定會再次落到圓軌道上D可能會再次落到圓軌道上解析：小球在軌道內做勻速圓周運動，在通過最高點時的最小速度為，離開軌道后小球做的是平拋運動，若豎直方向下落r時，則水平方向的位移最小是r，所以小球只

8、要能通過最高點D，就一定能落到水平面AE上答案：A9利用傳感器和計算機可以測量快速變化的力，如圖16所示是用這種方法獲得的彈性繩中拉力F隨時間的變化圖象實驗時，把小球舉高到繩子的懸點O處，然后讓小球自由下落從圖象所提供的信息，判斷以下說法中正確的是()圖16At1時刻小球速度最大 Bt2時刻小球動能最大Ct2時刻小球勢能最大 Dt2時刻繩子最長解析：小球自由下落的過程中，t1時刻繩子的拉力為零，此時速度不是最大，動能也不是最大，最大速度的時刻應是繩子拉力和重力相等時，即在t1、t2之間某一時刻，t2時刻繩子的拉力最大，此時速度為零，動能也為零，繩子的彈性勢能最大，而小球的勢能不是最大，而是最小

9、，t2時刻繩子所受拉力最大，繩子最長答案：D圖17二、計算題10如圖17所示，跨過同一高度處的光滑滑輪的細線連接著質量相同的物體A和B.A套在光滑水平桿上，細線與水平桿的夾角53.定滑輪離水平桿的高度為h0.2 m當B由靜止釋放后，A所能獲得的最大速度為多少？(cos530.6，sin530.8)解析：物體A在繩的拉力作用下向右做加速運動，B向下加速運動，vBvAcos，當A運動到滑輪的正下方時，速度達最大值，此時A沿繩方向速度為零，故B的速度為零對A、B組成的系統(tǒng) ，由機械能守恒定律有：mg(h)mv，vA1 m/s.答案：1 m/s圖1811(2010年山東省臨沂模擬)半徑為R的光滑半圓環(huán)

10、形軌道固定在豎直平面內，從與半圓環(huán)相吻合的光滑斜軌上高h3R處，先后釋放A、B兩小球，A球的質量為2m，B球的質量為m，當A球運動到圓環(huán)最高點時，B球恰好運動到圓環(huán)最低點，如圖18所示求：(1)此時A、B球的速度大小vA、vB；(2)這時A、B兩球對圓環(huán)作用力的合力大小和方向解析：(1)對A分析：從斜軌最高點到半圓環(huán)形軌道最高點，機械能守恒，有2mg(3R2R)2mv.解得vA.對B分析：從斜軌最高點到半圓環(huán)形軌道最低點，機械能守恒，有3mgRmv，解得vB.(2)設半圓環(huán)形軌道對A、B的作用力分別為FNA、FNB，F(xiàn)NA方向豎直向下，F(xiàn)NB方向豎直向上根據牛頓第二定律得FNA2mg，F(xiàn)NBm

11、g.解得FNA2mg，F(xiàn)NB7mg.根據牛頓第三定律，A、B對圓環(huán)的力分別為：FNA2mg，F(xiàn)NB7mg，F(xiàn)NA方向豎直向上，F(xiàn)NB方向豎直向下，所以合力F5mg，方向豎直向下答案：(1)(2)5mg，方向豎直向下圖1912半徑R0.50 m的光滑圓環(huán)固定在豎直平面內，輕質彈簧的一端固定在環(huán)的最高點A處，另一端系一個質量m0.20 kg的小球，小球套在圓環(huán)上，已知彈簧的原長為L00.50 m，勁度系數k4.8 N/m，將小球從如圖19所示的位置由靜止開始釋放，小球將沿圓環(huán)滑動并通過最低點C，在C點時彈簧的彈性勢能EPC0.6 J，g取10 m/s2.求：(1)小球經過C點時的速度vc的大小；(2)小球經過C點時對環(huán)的作用力的大小和方向解析：(1)設小球經過C點的速度為vc，小球從B到C，據機械能守恒定律得mg(RRcos60)EPCmv，代入數據求出vc3 m/s.(2)小球經過C點時受到三個力作用，即重力G、彈簧彈力F、環(huán)的作用力FN. 設環(huán)對小球的作用力方向向上，根據牛頓第二定律FFNmgm，由于Fkx2.4 N，F(xiàn)NmmgF，解得FN3.2 N，方向向上根據牛頓第三定律得出小球對環(huán)的作用力大小為3.2 N方向豎直向下答案：(1)3 m/s(2)3.2 N，方向豎直向下7用心 愛心 專心