《2012新題分類匯編A常用化學(xué)計(jì)量高考真題+模擬新題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2012新題分類匯編A常用化學(xué)計(jì)量高考真題+模擬新題（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、A單元常用化學(xué)計(jì)量A1阿伏伽德羅常數(shù)和物質(zhì)的量7N3、B3、A12011安徽卷 科學(xué)家最近研制出可望成為高效火箭推進(jìn)劑的N(NO2)3(如圖13所示)。已知該分子中NNN鍵角都是108.1，下列有關(guān)N(NO2)3的說(shuō)法正確的是()NO2NNO2NO2圖13A分子中N、O間形成的共價(jià)鍵是非極性鍵B分子中四個(gè)氮原子共平面C該物質(zhì)既有氧化性又有還原性D15.2 g該物質(zhì)含有6.021022個(gè)原子7N3、B3、A1【解析】 C分子中N、O間形成的共價(jià)鍵是由不同元素的原子形成的，屬于極性鍵，故A錯(cuò)誤；由夾角108.1可知該分子的結(jié)構(gòu)類似NH3的結(jié)構(gòu)，是三角錐形，因此，四個(gè)氮原子不可能共平面，故B錯(cuò)誤；該

2、分子中N的化合價(jià)為3價(jià)，處于中間價(jià)態(tài)，因此，該物質(zhì)既有氧化性又有還原性，C正確；15.2 g該物質(zhì)含有的原子數(shù)約為106.0210236.021023，故D錯(cuò)誤。9A12011廣東卷 設(shè)nA為阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值，下列說(shuō)法正確的是()A常溫下，23 g NO2含有nA個(gè)氧原子B1 L 0.1 molL1氨水含有0.1 nA個(gè)OHC常溫常壓下，22.4 L CCl4含有nA個(gè)CCl4分子D1 mol Fe2與足量的H2O2溶液反應(yīng)，轉(zhuǎn)移2nA個(gè)電子9A1【解析】 A23 g NO2中氧原子的物質(zhì)的量為21 mol，故A正確；1 L 0.1 molL1氨水中含有溶質(zhì)NH3H2O的物質(zhì)的量為0.1

3、mol，但由于NH3H2O是弱電解質(zhì)，不能完全電離，故含有的OH的個(gè)數(shù)少于0.1nA，B錯(cuò)誤；常溫常壓下，CCl4為液態(tài)，22.4 L CCl4的物質(zhì)的量不是1 mol，C錯(cuò)誤；1 mol Fe2被H2O2氧化生成1 mol Fe3，反應(yīng)過(guò)程轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為nA，D錯(cuò)誤。10A12011海南化學(xué)卷 設(shè)NA是阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值，下列說(shuō)法正確的是()A1 mol Al3離子含有的核外電子數(shù)為3NAB1 mol Cl2與足量的鐵反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為3NAC10 L pH1的硫酸溶液中含有的H離子數(shù)為2NAD10 L pH13的NaOH溶液中含有的OH離子數(shù)為NA10A1【解析】 DAl3離子核外電子

4、數(shù)為10個(gè)，1 mol Al3離子含有的核外電子數(shù)應(yīng)為10 NA，故A錯(cuò)；2Fe3Cl2=2FeCl3，反應(yīng)中轉(zhuǎn)移6個(gè)電子，1 mol Cl2反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)應(yīng)為2NA，故B錯(cuò)；pH1時(shí)c(H)0.1 molL1，n(H)1 mol，故C錯(cuò)；pH13時(shí)c(OH)0.1 molL1，n(OH)1 mol, 故D對(duì)。8A12011江蘇化學(xué)卷 設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列敘述正確的是()A1 mol甲醇中含有CH鍵的數(shù)目為4NAB25 ，pH13的NaOH溶液中含有OH的數(shù)目為0.1NAC標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L己烷含有分子的數(shù)目為0.1NAD常溫常壓下，Na2O2與足量H2O反應(yīng)，共生成0.2

5、 mol O2，轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為0.4NA8A1【解析】 D1 mol 甲醇中含有3 mol CH鍵，A錯(cuò)；pH13的NaOH溶液c(OH)0.1 mol/L，由于沒(méi)有提供溶液體積，OH的數(shù)目無(wú)法確定，B錯(cuò)；己烷在標(biāo)準(zhǔn)狀況下為液體，不適用氣體摩爾體積，C錯(cuò)；2Na2O22H2O=4NaOHO2中，生成0.2 mol O2，轉(zhuǎn)移0.4 mol e，D對(duì)。12A1 C1E42011全國(guó)卷 NA為阿伏加德羅常數(shù)，下列敘述錯(cuò)誤的是()A18 gH2O中含有的質(zhì)子數(shù)為10NAB12 g金剛石中含有的共價(jià)鍵數(shù)為4NAC46 g NO2和N2O4混合氣體中含有原子總數(shù)為3NAD1 mol Na與足量O2反應(yīng)

6、，生成Na2O和Na2O2的混合物，鈉失去NA個(gè)電子12A1 C1E4【解析】 B金剛石中一個(gè)碳原子形成4條共價(jià)鍵，而每條共價(jià)鍵被兩個(gè)碳原子擁有，因此一個(gè)碳原子對(duì)每條共價(jià)鍵的“擁有權(quán)”為0.5，因此一個(gè)碳原子有兩條共價(jià)鍵，12 g金剛石為1 mol，因此含有共價(jià)鍵為2 mol。一個(gè)水分子中有10個(gè)質(zhì)子，18 g水是1 mol，所以A項(xiàng)正確。NO2和N2O4的最簡(jiǎn)式相同，因此只要質(zhì)量相同，其所含原子個(gè)數(shù)也相同，C項(xiàng)正確。鈉與氧氣反應(yīng)時(shí)，無(wú)論生成物是Na2O還是Na2O2，Na均為1價(jià)，因此1 mol Na參加反應(yīng)時(shí)失去的電子數(shù)為1NA，D項(xiàng)正確。A2氣體摩爾體積和阿伏加德羅定律A3物質(zhì)的量濃度及

7、溶液的配制33J2A3H22011廣東卷 某同學(xué)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)研究時(shí)，欲配制1.0 molL1 Ba(OH)2溶液，但只找到在空氣中暴露已久的Ba(OH)28H2O試劑(化學(xué)式量：315)。在室溫下配制溶液時(shí)發(fā)現(xiàn)所取試劑在水中僅部分溶解，燒杯中存在大量未溶物。為探究其原因，該同學(xué)查得Ba(OH)28H2O在283 K、293 K和303 K時(shí)的溶解度(g/100 g H2O)分別為2.5、3.9和5.6。(1)燒杯中未溶物可能僅為BaCO3，理由是_。(2)假設(shè)試劑由大量Ba(OH)28H2O和少量BaCO3組成。設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)方案，進(jìn)行成分檢驗(yàn)。寫出實(shí)驗(yàn)步驟、預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論。(不考慮結(jié)晶水的檢驗(yàn)；室溫時(shí)

8、BaCO3飽和溶液的pH9.6)限選試劑及儀器：稀鹽酸、稀硫酸、NaOH溶液、澄清石灰水、pH計(jì)、燒杯、試管、帶塞導(dǎo)氣管、滴管實(shí)驗(yàn)步驟預(yù)期現(xiàn)象和結(jié)論步驟1：取適量試劑于潔凈燒杯中，加入足量蒸餾水，充分?jǐn)嚢?，靜置，過(guò)濾，得濾液和沉淀。步驟2：取適量濾液于試管中，滴加稀硫酸。步驟3：取適量步驟1中的沉淀于試管中，_。步驟4：(3)將試劑初步提純后，準(zhǔn)確測(cè)定其中Ba(OH)28H2O的含量。實(shí)驗(yàn)如下：配制250 mL約0.1 molL1 Ba(OH)2溶液：準(zhǔn)確稱取w克試樣，置于燒杯中，加適量蒸餾水，_，將溶液轉(zhuǎn)入_中，洗滌，定容，搖勻。滴定：準(zhǔn)確量取25.00 mL所配Ba(OH)2溶液于錐形瓶中

9、，滴加指示劑，將_(填“0.020”、“0.05”、“0.1980”或“1.5”)molL1鹽酸裝入50 mL酸式滴定管，滴定至終點(diǎn)，記錄數(shù)據(jù)。重復(fù)滴定2次。平均消耗鹽酸V mL。計(jì)算Ba(OH)28H2O的質(zhì)量分?jǐn)?shù)_(只列出算式，不做運(yùn)算)。(4)室溫下，_(填“能”或“不能”) 配制1.0 molL1 Ba(OH)2溶液。33J2A3H2(1)由于Ba(OH)28H2O與空氣中CO2反應(yīng)，所取試劑大部分已變質(zhì)為BaCO3，未變質(zhì)的Ba(OH)28H2O在配制溶液時(shí)能全部溶解(2)步驟2：出現(xiàn)白色沉淀，說(shuō)明該試劑中有Ba2存在步驟3：滴加稀鹽酸，連接帶塞導(dǎo)氣管將產(chǎn)生的氣體導(dǎo)入澄清石灰水中澄清

10、石灰水變渾濁，說(shuō)明該試劑含有BaCO3步驟4：取步驟1中的溶液于燒杯中，用pH計(jì)測(cè)定其pHpH明顯大于9.6，說(shuō)明該試劑含有Ba(OH)2(3)攪拌溶解250 mL容量瓶0.1980100%(4)不能【解析】 (1)空氣中存在的CO2能與Ba(OH)2反應(yīng)可生成BaCO3；(2)BaCO3和Ba(OH)28H2O的檢驗(yàn)，可首先通過(guò)加入硫酸，與BaCO3反應(yīng)生成沉淀和氣體進(jìn)行檢驗(yàn)，確定后再將混合物配成飽和溶液，結(jié)合BaCO3飽和溶液的pH為9.6加以確認(rèn)；(3)配制250 mL溶液應(yīng)使用250 mL容量瓶，溶解固體后應(yīng)恢復(fù)至室溫方可轉(zhuǎn)移溶液至容量瓶；取樣品溶液25 mL，濃度大約是0.1 mol

11、L1，即n(OH)大約是251030.1 mol，據(jù)中和滴定關(guān)系，可確定鹽酸濃度為0.1980 molL1較為合適；結(jié)合Ba(OH)22HCl=BaCl22H2O即可計(jì)算；(4)由上述可知，Ba(OH)2固體易與空氣中水和CO2結(jié)合出現(xiàn)雜質(zhì)，同時(shí)依據(jù)Ba(OH)28H2O的溶解度關(guān)系，不能配制出1.0 molL1的該溶液。A4常用化學(xué)計(jì)量綜合23A4B32011福建卷 .磷、硫元素的單質(zhì)和化合物應(yīng)用廣泛。(1)磷元素的原子結(jié)構(gòu)示意圖是_。(2)磷酸鈣與焦炭、石英砂混合，在電爐中加熱到1500 生成白磷，反應(yīng)為：2Ca3(PO4)26SiO2=6CaSiO3P4O1010CP4O10=P410C

12、O每生成1 mol P4時(shí)，就有_mol電子發(fā)生轉(zhuǎn)移。(3)硫代硫酸鈉(Na2S2O3)是常用的還原劑。在維生素C(化學(xué)式C6H8O6)的水溶液中加入過(guò)量I2溶液，使維生素C完全氧化，剩余的I2用Na2S2O3溶液滴定，可測(cè)定溶液中維生素C的含量。發(fā)生的反應(yīng)為：C6H8O6I2=C6H6O62H2I2S2OI2=S4O2I在一定體積的某維生素C溶液中加入a molL1I2溶液V1 mL，充分反應(yīng)后，用Na2S2O3溶液滴定剩余的I2，消耗b molL1Na2S2O3溶液V2 mL。該溶液中維生素C的物質(zhì)的量是_mol。(4)在酸性溶液中，碘酸鉀(KIO3)和亞硫酸鈉可發(fā)生如下反應(yīng)：2IO5SO

13、2H=I25SOH2O生成的碘可以用淀粉溶液檢驗(yàn)，根據(jù)反應(yīng)溶液出現(xiàn)藍(lán)色所需的時(shí)間來(lái)衡量該反應(yīng)的速率。某同學(xué)設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)如下表所示：0.01 molL1KIO3酸性溶液(含淀粉)的體積/mL0.01 molL1Na2SO3溶液的體積/mLH2O的體積/mL實(shí)驗(yàn)溫度/溶液出現(xiàn)藍(lán)色時(shí)所需時(shí)間/s實(shí)驗(yàn)15V13525實(shí)驗(yàn)2554025實(shí)驗(yàn)355V20該實(shí)驗(yàn)的目的是_；表中V2_mL。.稀土元素是寶貴的戰(zhàn)略資源，我國(guó)的蘊(yùn)藏量居世界首位。(5)鈰(Ce)是地殼中含量最高的稀土元素，在加熱條件下CeCl3易發(fā)生水解，無(wú)水CeCl3可用加熱CeCl36H2O和NH4Cl固體混合物的方法來(lái)制備。其中，NH4Cl的作

14、用是_。(6)在某強(qiáng)酸性混合稀土溶液中加入H2O2，調(diào)節(jié)pH3。Ce3通過(guò)下列反應(yīng)形成Ce(OH)4沉淀得以分離。完成反應(yīng)的離子方程式：Ce3H2O2H2O=Ce(OH)4_23A4B3(1)(2)20(3)(其他合理答案也可)(4)探究該反應(yīng)的速率與溫度、亞硫酸鈉溶液濃度的關(guān)系(其他合理答案也可)40(5)分解出HCl氣體，抑制CeCl3水解(或其他合理答案)(6)21626H【解析】 (1)P元素為15號(hào)元素，根據(jù)核外電子排布規(guī)律其原子結(jié)構(gòu)示意圖為。(2)在P4O10中P的化合價(jià)為5價(jià)，當(dāng)生成1 mol P4轉(zhuǎn)移電子數(shù)為20 mol。(3)第二個(gè)反應(yīng)消耗Na2S2O3的物質(zhì)的量為：b mo

15、lL1V2 103LV2b103mol，則第一個(gè)反應(yīng)剩余的I2的物質(zhì)的量為0.5V2b103mol，該過(guò)程加入I2總的物質(zhì)的量為a molL1V1 103LV1 a 103mol，則參加第一個(gè)反應(yīng)的I2的物質(zhì)的量為V1a 103mol0.5 V2b 103mol，則該溶液中維生素C的物質(zhì)的量為V1a 103mol0.5 V2b 103mol(V1a0.5 V2b)103mol。(4)實(shí)驗(yàn)1和實(shí)驗(yàn)2溫度相同但加水體積不同，而實(shí)驗(yàn)2和實(shí)驗(yàn)3溫度不同則加水體積應(yīng)該相同，故V240，有3個(gè)實(shí)驗(yàn)所給出的不同對(duì)比數(shù)據(jù)可得出該實(shí)驗(yàn)?zāi)康臑椋禾骄吭摲磻?yīng)的速率與溫度、亞硫酸鈉濃度的關(guān)系。(5)CeCl3發(fā)生水解的

16、方程式為：CeCl33H2OCe(OH)33HCl，NH4Cl固體加熱可分解生成HCl，起到抑制CeCl3水解的作用。(6)根據(jù)電荷守恒：反應(yīng)物中有陽(yáng)離子，則生成物中必然要有陽(yáng)離子，由題意知溶液pH3，故最后一個(gè)空應(yīng)為H；根據(jù)氧化還原反應(yīng)方程式的配平原則，分析反應(yīng)中的化合價(jià)變化，H2O2中兩個(gè)O的化合價(jià)從12，得到2個(gè)電子，Ce元素的化合價(jià)從34，應(yīng)該失去兩個(gè)電子，綜合得失電子守恒和質(zhì)量守恒，可配平出2Ce3H2O26H2O=2Ce(OH)46H7A42011課標(biāo)全國(guó)卷 下列敘述正確的是()A1.00 mol NaCl中含有6.021023個(gè)NaCl分子B1.00 mol NaCl中，所有Na

17、的最外層電子總數(shù)為86.021023C欲配制1.00 L ,1.00 molL1的NaCl溶液，可將58.5 g NaCl溶于1.00 L水中D電解58.5 g 熔融的NaCl，能產(chǎn)生22.4 L氯氣(標(biāo)準(zhǔn)狀況)、23.0 g金屬鈉7A4【解析】 BNaCl為離子晶體，是由Na和Cl直接構(gòu)成的，不存在分子，A項(xiàng)錯(cuò)誤；Na最外層電子數(shù)為8，因此，1.00 mol Na最外層電子數(shù)為86.021023，B項(xiàng)正確；溶液的體積不是1.00 L，C項(xiàng)錯(cuò)誤；D項(xiàng)產(chǎn)生氯氣的體積應(yīng)為11.2 L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)。12011舟山月考 NA代表阿伏加德羅常數(shù)，下列有關(guān)敘述正確的是()A標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L H2O

18、含有的電子數(shù)等于NAB常溫下，100 mL 1 molL1Na2CO3溶液中陰離子總數(shù)大于0.1NAC分子數(shù)為NA的N2、C2H4混合氣體體積約為22.4 L，質(zhì)量為28 gD3.4 g NH3中含NH鍵數(shù)目為0.2NA1B【解析】 A項(xiàng)標(biāo)準(zhǔn)狀況下H2O為液態(tài)；C項(xiàng)沒(méi)有限定條件，所以體積無(wú)法確定；D項(xiàng)3.4 g NH3為0.2 mol，含NH鍵數(shù)目為0.6NA；B項(xiàng)要考慮CO水解，所以100 mL 1 molL1Na2CO3溶液中陰離子總數(shù)大于0.1NA。22011日照一模 下列敘述正確的是(用NA代表阿伏加德羅常數(shù)的值)()A2.4 g金屬鎂變?yōu)殒V離子時(shí)失去的電子數(shù)為0.1 NAB1 mol

19、 HCl氣體中的粒子數(shù)與0.5 mol/L鹽酸中溶質(zhì)的粒子數(shù)相等C在標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4 L CH4與18 g H2O所含有的電子數(shù)均為10 NADCO和N2為等電子體，22.4 L CO氣體與1 mol N2所含的電子數(shù)相等2C【解析】 A中應(yīng)為0.2NA；B中鹽酸的體積不知道，無(wú)法確定溶質(zhì)的粒子數(shù)；D中22.4 L CO的狀態(tài)不確定，CO的物質(zhì)的量無(wú)法確定。32011啟東一模 設(shè)阿伏加德羅常數(shù)為NA。則下列說(shuō)法正確的是()A7.1 g Cl2與足量NaOH溶液充分反應(yīng)后，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.1NAB1.0 L濃度為1.0 molL1的一元酸溶液中含有的氫離子數(shù)為1.0NAC常溫下，1 L 0

20、.1 molL1的NH4NO3溶液中氮原子數(shù)小于0.2NAD標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4 L乙醛中含有的氧原子數(shù)為1.0NA3A【解析】 選項(xiàng)B中的一元酸沒(méi)有指出是強(qiáng)酸還是弱酸。選項(xiàng)C，雖然NH會(huì)發(fā)生部分水解，但根據(jù)質(zhì)量守恒定律可知溶液中氮原子數(shù)等于0.2NA。選項(xiàng)D，標(biāo)準(zhǔn)狀況下，乙醛是液體。42011長(zhǎng)春二模 設(shè)NA表示阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值，下列說(shuō)法正確的是()A足量的CO2與39 g Na2O2發(fā)生反應(yīng)，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NAB100 mL 1 molL1FeCl3溶液中，陰、陽(yáng)離子總數(shù)大于0.4 NAC用惰性電極電解硫酸銅溶液，若生成1 mol O2，則轉(zhuǎn)移電子數(shù)為2NAD18 g的D2O與NA個(gè)C

21、H具有相同的電子數(shù)4B【解析】 A項(xiàng)中，39 g Na2O2的物質(zhì)的量為0.5 mol，Na2O2中1價(jià)的氧，化合價(jià)一升一降，所以轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.5 NA。B項(xiàng)中，不考慮水解，100 mL 1 molL1FeCl3溶液中，陰、陽(yáng)離子總數(shù)等于0.4 NA，但1 mol Fe3水解生成3 mol H，從而使離子的數(shù)目增多。C項(xiàng)中，生成1 mol O2，轉(zhuǎn)移電子4 mol。D項(xiàng)中，18 g的D2O含電子數(shù)小于10 mol，NA個(gè)CH的電子數(shù)為10 mol。5.2011宜昌質(zhì)檢 設(shè)NA代表阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值，下列說(shuō)法正確的是()A用石墨電極電解Ca(NO3)2溶液，當(dāng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.2 NA時(shí)，陰

22、極析出4 g金屬B0.1 mol24Mg32S晶體中所含中子總數(shù)為2.8 NAC常溫下含有NA個(gè)NO2、N2O4分子的混合氣體，溫度降至標(biāo)準(zhǔn)狀況，其體積約為22.4 LD在熔融狀態(tài)下，1 mol NaHSO4完全電離出的陽(yáng)離子數(shù)目為2NA5B【解析】 A項(xiàng)錯(cuò)，電解硝酸鈣實(shí)質(zhì)是電解水，所以不會(huì)生成金屬單質(zhì)；B項(xiàng)正確，0.1 mol24 Mg32S含有中子的物質(zhì)的量為0.1 mol(1216)2.8 mol；C項(xiàng)錯(cuò)，NO2、N2O4是可以相互轉(zhuǎn)化的，2NO2N2O4，該反應(yīng)正向?yàn)榉艧岱磻?yīng)，故溫度由常溫降至標(biāo)準(zhǔn)狀況時(shí)，平衡正向移動(dòng)，分子的數(shù)目減少，其體積也小于22.4 L；D項(xiàng)錯(cuò)，熔融狀態(tài)下，NaH

23、SO4=NaHSO，1 mol NaHSO4完全電離出的陽(yáng)離子數(shù)目為NA。62011福鼎調(diào)研 NA為阿伏加德羅常數(shù)，下列敘述中正確的是()106 g Na2CO3晶體中的離子總數(shù)大于3 NA標(biāo)準(zhǔn)狀況下，16 g O3和O2混合氣體中含有的氧原子數(shù)為NA將0.1 mol NaCl全部溶于乙醇中制成膠體，其中含有的膠體粒子數(shù)目為0.1 NA1 mol N2和3 mol H2在一定條件下的密閉容器中充分反應(yīng)，容器內(nèi)的分子數(shù)大于2 NAABC D6B【解析】 在106 g Na2CO3晶體中，存在鈉離子和碳酸根離子共3 NA，錯(cuò)誤；膠體粒子是粒子的集合體，0.1 mol NaCl全部溶于乙醇中制成膠體

24、，其中含有的膠體粒子數(shù)目要遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于0.1 NA，錯(cuò)誤；理論上1 mol N2和3 mol H2在一定條件下反應(yīng)生成2NA個(gè)NH3分子，由于該反應(yīng)為可逆反應(yīng)，所以分子總數(shù)大于2NA，正確。72011鄭州聯(lián)考 阿伏加德羅常數(shù)的值約為6.021023 mol1，下列敘述中不正確的是()12.4 g白磷晶體中含有的PP鍵數(shù)約是0.66.021023電解精煉銅時(shí)轉(zhuǎn)移了6.021023個(gè)電子，陽(yáng)極溶解32 g銅7.8 g Na2S和Na2O2的混合物中含有的陰離子數(shù)大于0.16.0210232 mol SO2和1 mol O2在V2O5存在的條件下于密閉容器中加熱反應(yīng)后，容器內(nèi)物質(zhì)分子數(shù)大于26.0210

25、232.9 g 2CaSO4H2O含有的結(jié)晶水分子數(shù)為0.026.021023(2CaSO4H2O的相對(duì)分子質(zhì)量為290)含0.2 mol H2SO4的濃硫酸與足量銅反應(yīng)，生成SO2的分子數(shù)為0.1 NAA BC D7C【解析】 1 mol P4中含有6 mol PP鍵，12.4 g白磷即0.1 mol P4，含有PP鍵數(shù)約是0.66.021023，對(duì)；電解精煉銅時(shí)，陽(yáng)極首先失去電子的是Zn等活潑金屬雜質(zhì)，所以，轉(zhuǎn)移了6.021023個(gè)電子，陽(yáng)極溶解的銅小于32 g，錯(cuò)；Na2S和Na2O2摩爾質(zhì)量相同，且每摩爾物質(zhì)中陰離子都為1摩爾，所以7.8 g Na2S和Na2O2的混合物，即0.1 m

26、ol的混合物中陰離子數(shù)為0.16.021023，錯(cuò)；對(duì)于，由于SO2和O2反應(yīng)屬于可逆反應(yīng)，根據(jù)方程式可知，如果完全反應(yīng)，減少氣體的物質(zhì)的量為1 mol，現(xiàn)在是可逆，實(shí)際減少的物質(zhì)的量小于1 mol，因此，容器內(nèi)氣體物質(zhì)的量大于2 mol，所以容器內(nèi)物質(zhì)分子數(shù)大于26.021023，對(duì)；由于1 mol 2CaSO4H2O中結(jié)晶水的物質(zhì)的量為1 mol，所以2.9 g 2CaSO4H2O含有的結(jié)晶水分子數(shù)為0.016.021023，錯(cuò)；由于濃硫酸的量一定，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，硫酸變稀，硫酸濃度小到一定程度反應(yīng)就停止了，所以含0.2 mol H2SO4的濃硫酸與足量銅反應(yīng)，生成SO2的分子數(shù)小于0.1

27、 NA，錯(cuò)；因此，選C。82011衢州二模 用NA代表阿伏加德羅常數(shù)的數(shù)值，下列敘述正確的是()A在鐵參與的反應(yīng)中，5.6 g鐵完全反應(yīng)失去的電子數(shù)一定為0.3 NAB1 mol12C18O2中，所含的中子數(shù)為22 NAC標(biāo)準(zhǔn)狀況下，11.2 L CO和N2混合氣體中含有的分子數(shù)是0.5 NAD常溫下，pH12的1 L氨水中含有的NH3H2O分子數(shù)是0.01 NA8C【解析】 鐵在參加反應(yīng)時(shí)可能生成Fe2、Fe3，故失去的電子數(shù)不一定相同。1 mol 12C18O2中含有的中子數(shù)為26NA。氨水中NH3H2O的濃度不能確定。92011鄂州統(tǒng)測(cè) 將Mg、Al、Zn組成的混合物與足量的鹽酸作用，放

28、出H2的體積為2.8 L(標(biāo)準(zhǔn)狀況下)，則這三種金屬的物質(zhì)的量之和可能為()A0.250 mol B0.125 molC0.100 mol D0.080 mol9C【解析】 V(H2)0.125 mol，若全為2價(jià)金屬，AH2，n(A)n(H2)0.125 mol，若全為3價(jià)金屬，n(A)n(H2)0.125 mol0.083 mol，混合物中Mg、Zn為2價(jià)金屬，Al為3價(jià)金屬，所以有：0.083 moln(混)0.125 mol，只有C項(xiàng)符合題意。102011姜堰一模 (1)若某藥品質(zhì)量約為32.0 g，用托盤天平準(zhǔn)確稱其質(zhì)量，若用表示在右盤放上砝碼，用表示將砝碼取下，在下列表格的空格內(nèi)，

29、用和表示相應(yīng)砝碼的放上或取下。50 g20 g20 g10 g5 g(2)配制500 mL 0.1 molL1 Na2CO3溶液，圖K61中操作中應(yīng)該填寫的數(shù)據(jù)為_(kāi)，實(shí)驗(yàn)時(shí)操作的先后順序?yàn)開(kāi)(填編號(hào))。圖K61(3)在配制一定物質(zhì)的量濃度的溶液時(shí)，用“偏高、偏低、無(wú)影響”表示下列操作對(duì)所配溶液濃度的影響。用量筒量取液態(tài)溶質(zhì)，讀數(shù)時(shí)，俯視量筒，所配制溶液的濃度_。將量取液態(tài)溶質(zhì)的量筒用水洗滌，洗滌液倒入容量瓶，所配制溶液的濃度_。定容搖勻后，有少量溶液外流，對(duì)所配制溶液的濃度_。10.50 g20 g20 g10 g5 g(2)5.3(3)偏低偏高無(wú)影響【解析】 (3)用量筒量取液態(tài)溶質(zhì)，讀數(shù)時(shí)俯視量筒會(huì)使所量取液體體積比理論值小，使所配制溶液的濃度偏低；用量筒量取液體時(shí)已經(jīng)排除殘留的部分，故用水洗滌，洗滌液倒入容量瓶，會(huì)使液態(tài)溶質(zhì)偏多，使所配溶液的濃度偏高；定容搖勻后，即使有少量溶液外流，對(duì)所配制溶液的濃度是沒(méi)有影響的。