《2022-2023學(xué)年福建省永春市高一數(shù)學(xué)下學(xué)期月考試卷【含答案】》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2022-2023學(xué)年福建省永春市高一數(shù)學(xué)下學(xué)期月考試卷【含答案】（22頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2022-2023學(xué)年福建省永春市高一數(shù)學(xué)下學(xué)期月考試卷高一數(shù)學(xué)（考試時(shí)間：120分鐘 試卷滿分：150分）注意事項(xiàng)：1本試卷分第卷（選擇題）和第卷（非選擇題）兩部分。答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在答題卡上。2回答第卷時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。3回答第卷時(shí)，將答案寫(xiě)在答題卡上。寫(xiě)在本試卷上無(wú)效。第卷一、單選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合要求的。1. 設(shè)復(fù)數(shù)滿足，則下列說(shuō)法正確的是()A. 的虛部為B. C. 為純虛數(shù)D. 在復(fù)

2、平面內(nèi)，對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于第二象限2如圖，一個(gè)水平放置的三角形的斜二測(cè)直觀圖是等腰直角三角形，若，那么原三角形的周長(zhǎng)是（）ABCD3已知向量，則“與的夾角為銳角”是“”的（）A充分不必要條件B必要不充分條件C充要條件D既不充分也不必要條件4若用平行于某圓錐底的平面去截該圓錐，得到的小圓錐與圓臺(tái)的母線長(zhǎng)相等，則該小圓錐與該圓臺(tái)的側(cè)面積的比值為（）ABCD5設(shè)表示平面，表示直線，表示三個(gè)不同的點(diǎn)，給出下列命題：若，則；若表示不同的平面，則；若，則若，則與重合.其中，正確的有（）A1個(gè)B2個(gè)C3個(gè)D4個(gè)6我國(guó)古代數(shù)學(xué)家秦九韶左數(shù)書(shū)九章中記述了了“一斜求積術(shù)”，用現(xiàn)代式子表示即為：在中，角A，B，C所對(duì)的邊

3、分別為a，b，c，則的面積，根據(jù)此公式，若，且，則的面積為（）ABCD7已知正四面體的外接球表面積為，則正四面體的體積為()A. B.C. D. 8如圖，直角梯形 中，已知，動(dòng)點(diǎn)在線段上運(yùn)動(dòng)，且，則的最小值是（）A3BC4D二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目的要求，全部選對(duì)的得5分，部分選對(duì)的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9下列有關(guān)復(fù)數(shù)的敘述正確的是（）A若，則B若，則的虛部為C若，則可能為純虛數(shù) D若，則10已知，若，則（）ABCD11在中，角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，已知，則下列說(shuō)法正確的是（）A若，則B若，則是直角三角形C若是

4、等腰三角形，則D若，則的面積最大值為312如圖，在棱長(zhǎng)為2的正方體中，M，N，P分別是，的中點(diǎn)，Q是線段上的動(dòng)點(diǎn)，則（）A存在點(diǎn)Q，使B，N，P，Q四點(diǎn)共面B存在點(diǎn)Q，使PQ平面MBNC經(jīng)過(guò)C，M，B，N四點(diǎn)的球的表面積為D過(guò)Q，M，N三點(diǎn)的平面截正方體所得截面圖形不可能是五邊形第卷三、填空題：本題共4小題，每小題5分，共20分。13已知為銳角，且，則的值為_(kāi)14如圖，一個(gè)底面半徑為的圓柱形量杯中裝有適量的水，若放入一個(gè)半徑為的實(shí)心鐵球，水面高度恰好升高,則_15 已知是內(nèi)部一點(diǎn)，且滿足，又，則的面積為_(kāi)16 8. 如圖，在正方體中，分別是，的中點(diǎn)，點(diǎn)在四邊形的邊及其內(nèi)部運(yùn)動(dòng)，則當(dāng)點(diǎn)滿足時(shí)，有

5、平面四、解答題：本題共6小題，共70分，解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、證明過(guò)程及驗(yàn)算步驟。17已知向量，（1）當(dāng)時(shí)，求向量的坐標(biāo)；（2）設(shè)函數(shù)，將函數(shù)圖象上所有點(diǎn)向左平移個(gè)單位長(zhǎng)度得到的圖象，當(dāng)時(shí)，求函數(shù)的最小值18已知的角，的對(duì)邊分別為，設(shè)向量，.(1)若，求證：為等腰三角形；(2)若，邊長(zhǎng)，角，求的面積.19如圖所示，在正方體中，為中點(diǎn).(1)求證：平面；(2)若正方體棱長(zhǎng)為2，求三棱錐的體積.20在中，角A，B，C的對(duì)邊分別是a，b，c，且(1)求角B的大小；(2)若，D為AC邊上的一點(diǎn)，且_，求的面積BD是的平分線；D為線段AC的中點(diǎn)（從，兩個(gè)條件中任選一個(gè)，補(bǔ)充在上面的橫線上并作答）21

6、如圖：正方體ABCDA1B1C1D1棱長(zhǎng)為2，E，F(xiàn)分別為DD1，BB1的中點(diǎn).(1)求證：CF/平面A1EC1；(2)過(guò)點(diǎn)D在答題卡上作正方體截面使其與平面A1EC1平行，請(qǐng)給以證明并求出該截面的面積.22如圖，某巡邏艇在A處發(fā)現(xiàn)北偏東30相距海里的B處有一艘走私船，正沿東偏南45的方向以3海里小時(shí)的速度向我海岸行駛，巡邏艇立即以海里小時(shí)的速度沿著正東方向直線追去，1小時(shí)后，巡邏艇到達(dá)C處，走私船到達(dá)D處，此時(shí)走私船發(fā)現(xiàn)了巡邏艇，立即改變航向，以原速向正東方向逃竄，巡邏艇立即加速以海里小時(shí)的速度沿著直線追擊(1)當(dāng)走私船發(fā)現(xiàn)了巡邏艇時(shí)，兩船相距多少海里(2)問(wèn)巡邏艇應(yīng)該沿什么方向去追，才能最

7、快追上走私船草稿紙參考答案：1B【詳解】：因?yàn)?，所以的虛部為，故A錯(cuò)誤；，故B正確；不是純虛數(shù)，故C錯(cuò)誤；在復(fù)平面內(nèi)，對(duì)應(yīng)的點(diǎn)位于第三象限，故D錯(cuò)誤故選B2D【分析】由斜二測(cè)畫(huà)法原理將直觀圖轉(zhuǎn)化為原圖，根據(jù)原圖運(yùn)算求解即可.【詳解】由題意可得：，由直觀圖可得原圖，如圖所示，可知：，可得，所以原三角形的周長(zhǎng).故選：D.3A【分析】求出與的夾角為銳角時(shí)的充要條件是且，從而判斷出答案.【詳解】因?yàn)榕c的夾角為銳角，則且與不共線.時(shí)，當(dāng)時(shí)，則與不共線時(shí)，所以與的夾角為銳角的充要條件是且，顯然且是的真子集，即“與的夾角為銳角”是“”的充分不必要條件，A正確.故選：A4C【分析】設(shè)該圓錐的底面半徑為，母線長(zhǎng)

8、為，利用圓錐側(cè)面的面積公式：即可求解.【詳解】設(shè)該圓錐的底面半徑為，母線長(zhǎng)為，則該圓錐的側(cè)面積，截得的小圓錐的底面半徑為，母線長(zhǎng)為，其側(cè)面積，而圓臺(tái)的側(cè)面積故兩者側(cè)面積的比值故選：C5B【分析】由平面的基本性質(zhì)的公理1可判斷；由公理2判斷；由線面的位置關(guān)系可判斷；由平面基本性質(zhì)的公理3可判斷【詳解】，表示兩個(gè)平面，表示直線，表示三個(gè)不同的點(diǎn)，若，則，由平面的基本性質(zhì)的公理1，可得正確；，不重合，若，則，由平面的基本性質(zhì)的公理2，可得正確；若，則或，可得不正確；若，如果，不共線，則與重合，如果3點(diǎn)共線，則與可以相交由平面的基本性質(zhì)的公理3，可得不正確其中正確的個(gè)數(shù)為2，故選：B6B【分析】由已知

9、結(jié)合正弦定理及和差角公式進(jìn)行化簡(jiǎn)，求得，再結(jié)合已知及余弦定理，求得的值，代入已知公式，即可求解.【詳解】由題意，因?yàn)?，所以，即，又由，所以，由因?yàn)?，所以，所以，即，因?yàn)?，由余弦定理可得，解得，則的面積為.故選：B.【點(diǎn)睛】本題主要考查了正弦定理、余弦定理和兩角和與差的正弦函數(shù)公式的化簡(jiǎn)求值的綜合應(yīng)用，意在考查推理與運(yùn)算能力，屬于中檔試題.7C【分析】本題考查棱錐的外接球，球的表面積，棱錐體積，棱錐與棱柱的結(jié)構(gòu)特征，屬于中檔題將正四面體補(bǔ)全為正方體，利用正四面體的外接球與正方體外接球相同，求出正方體的邊長(zhǎng)，進(jìn)而求出正四面體的體積【詳解】解：設(shè)外接球半徑為，由，解得，將正四面體補(bǔ)成正方體，知正四面

10、體的棱為正方體的面對(duì)角線，正四面體的外接球即為正方體的外接球，正方體的體對(duì)角線等于外接球的直徑，設(shè)正方體棱長(zhǎng)為，則，解得該正四面體的體積為正方體的體積減去個(gè)三棱錐的體積，所以故選C8C【分析】設(shè)，可以用表示和，從而得到與的關(guān)系，再利用均值不等式求解.【詳解】設(shè)因?yàn)樗运裕援?dāng)且僅當(dāng)，即取等，此時(shí)，與重合，符合題意.故選：C.【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是利用平面向量基本定理找到與的關(guān)系，從而把問(wèn)題轉(zhuǎn)化為均值不等式問(wèn)題.9AD【分析】根據(jù)復(fù)數(shù)的運(yùn)算、復(fù)數(shù)的概念、復(fù)數(shù)模的幾何意義判斷各選項(xiàng)【詳解】，所以，A正確；，虛部是，B錯(cuò)誤；，若，則是實(shí)數(shù)，若，則是虛數(shù)，不是純虛數(shù)，C錯(cuò)誤；，則復(fù)數(shù)對(duì)應(yīng)的點(diǎn)在以為圓

11、心，1為半徑的圓上，這個(gè)圓上的點(diǎn)到原點(diǎn)的距離最小值為0，最大值為2，所以，D正確故選：AD10ACD【分析】由平面向量數(shù)量積的坐標(biāo)運(yùn)算，可得出的值，根據(jù)二倍角公式及兩角和的正切即可判斷各選項(xiàng).【詳解】 所以 , 故A正確；,，故B錯(cuò)誤；，故C正確；，故D正確；故選：ACD.11BCD【分析】根據(jù)余弦定理和正弦定理及三角形面積公式分別判斷A，B，C，D選項(xiàng)即可【詳解】由正弦定理及可得對(duì)于A，根據(jù)余弦定理得，所以，故A錯(cuò)誤；對(duì)于B，若，則，又，所以，而，所以，即，故B正確；對(duì)于C，若是等腰三角形，只可能是（若，則，不能構(gòu)成三角形），則，由余弦定理可得，所以，故C正確；對(duì)于D，由余弦定理可得，所以，

12、所以，當(dāng)時(shí)，取最大值3，故D正確故選:BCD.12ABD【分析】作出過(guò)B，N，P的截面判斷選項(xiàng)A；取中點(diǎn)為Q，證明其滿足選項(xiàng)B；過(guò)MN與底面平行的平面截正方體得出的下半部分為長(zhǎng)方體，其外接球也是過(guò)C，M，B，N四點(diǎn)的球，由此求得球半徑，得表面積，判斷選項(xiàng)C；當(dāng)Q在運(yùn)動(dòng)時(shí)，確定截面的形狀，判斷選項(xiàng)D【詳解】A.連接，正方體中易知，又有分別是，中點(diǎn)，則，所以，即四點(diǎn)共面，所以當(dāng)Q與重合時(shí)滿足B，N，P，Q四點(diǎn)共面，故選項(xiàng)A正確；B.如圖，取中點(diǎn)為Q，連接PQ，QM，因?yàn)榉謩e，中點(diǎn)，則與平行且相等，故四邊形是平行四邊形，所以，又是中點(diǎn)，所以，所以，平面BMN，平面BMN，所以PQ平面BMN.故選項(xiàng)B

13、正確；選項(xiàng)C，取中點(diǎn)U，中點(diǎn)V，連接MV，MU，NV，NU，則多面體MUNV-ABCD是正四棱柱（也是長(zhǎng)方體），它的外接球就是過(guò)B，C，M，N四點(diǎn)的球，所以球直徑為，半徑，表面積為.故選項(xiàng)C錯(cuò)選項(xiàng)D，正方體中，M，N分別是，中點(diǎn)，則，Q在線段（除端點(diǎn)外）上，如圖，作交于E，連接EN，延長(zhǎng)交DC延長(zhǎng)線于點(diǎn)K，連接QM延長(zhǎng)交DA延長(zhǎng)線于點(diǎn)T，連接TK交AB于點(diǎn)G，交BC于點(diǎn)F,多邊形QENFGM為所過(guò)M，N，Q三點(diǎn)的截面，由正方體的對(duì)稱(chēng)性可知梯形QENM與梯形FGMN全等，則截面為六邊形.當(dāng)點(diǎn)與點(diǎn)重合時(shí)，點(diǎn)與點(diǎn)重合,此時(shí)截面為四邊形（菱形）.當(dāng)點(diǎn)與點(diǎn)重合時(shí)，點(diǎn)與點(diǎn)重合,此時(shí)截面為四邊形（矩形）.綜

14、上，過(guò)Q，M，N三點(diǎn)的平面截正方體所得截面圖形不可能是五邊形.故選項(xiàng)D正確；故選：ABD【點(diǎn)睛】三棱錐外接球點(diǎn)睛：求三棱錐外接球時(shí)，常見(jiàn)方法有兩種：一種是直接法，一種是補(bǔ)形. 解題時(shí)要認(rèn)真分析圖形，看能否把三棱錐補(bǔ)形成一個(gè)正方體（長(zhǎng)方體），若能，則正方體（長(zhǎng)方體）的頂點(diǎn)均在球面上，正方體（長(zhǎng)方體）的體對(duì)角線長(zhǎng)等于球的直徑.另一種是直接法，三棱錐任意兩個(gè)面過(guò)外心的垂線的交點(diǎn)即為三棱錐外接球的球心.13【分析】利用同角三角函數(shù)的基本關(guān)系結(jié)合誘導(dǎo)公式可求得結(jié)果.【詳解】因?yàn)闉殇J角，且，則，因此，.故答案為：.14【詳解】試題分析：由題可知，小球的體積等于水面上升的的體積，因此有，化簡(jiǎn)可得，；考點(diǎn)：簡(jiǎn)

15、單幾何體的體積公式15【分析】根據(jù)平面向量數(shù)量積定義和三角形面積公式可求得，由已知關(guān)系式可知為的重心，由此可得.【詳解】，；，是的重心，.故答案為：.16線段D.【分析】本題考查線面平行的條件的判斷，考查面面平行的判定與性質(zhì)，屬于中檔題先通過(guò)面面平行的判定定理得到平面平面，從而求出滿足條件線段時(shí)，有平面【詳解】解：在正方體中，分別是，的中點(diǎn)，點(diǎn)在四邊形的邊及其內(nèi)部運(yùn)動(dòng)，所以，平面，平面，所以平面，同理可得平面，平面，平面平面，滿足條件線段時(shí)，有平面故答案為：線段D.17（1）；（2）【分析】（1）代入數(shù)據(jù)即可求解；（2）先根據(jù)二倍角的正弦公式化簡(jiǎn)函數(shù)，再得到函數(shù)的解析式，再根據(jù)三角函數(shù)的性質(zhì)即

16、可求出答案【詳解】解：（1）當(dāng)時(shí)，；（2），函數(shù)圖象上所有點(diǎn)向左平移個(gè)單位長(zhǎng)度得到的圖象，的最小值為【點(diǎn)睛】本題主要考查向量線性運(yùn)算的坐標(biāo)表示，考查三角函數(shù)的化簡(jiǎn)與性質(zhì)，屬于基礎(chǔ)題18(1)證明見(jiàn)解析(2)【分析】（1）根據(jù)，利用向量平行的坐標(biāo)表示，再由正弦定理將角化邊，即可證明；（2）根據(jù)向量垂直的數(shù)量積的坐標(biāo)表示可得，再根據(jù)余弦定理，兩式聯(lián)立可直接求得，并求得三角形的面積.【詳解】（1）因?yàn)?，且，所以，由正弦定理可得，即，顯然，所以，所以是等腰三角形.（2）因?yàn)?，且，所以，整理得，根?jù)余弦定理可得，即，即，所以解得（舍）或 ，所以，所以的面積是.19(1)證明見(jiàn)解析(2)【分析】（1）連接

17、交于，由中位線得，即可證平面；（2），代入數(shù)據(jù)運(yùn)算即可.【詳解】（1）證明：連接交于，連接， 則是的中點(diǎn)，又為中點(diǎn)，所以，又平面，平面，所以平面；（2）.20(1)(2)【分析】（1）利用正弦定理化簡(jiǎn)，再根據(jù)三角形中角的范圍可求得；（2）若選：利用三角形面積關(guān)系和余弦定理求得，然后根據(jù)面積公式即可；若選：根據(jù)中點(diǎn)的向量關(guān)系式并同時(shí)平方，結(jié)合余弦定理求得，然后根據(jù)面積公式即可.【詳解】（1）由正弦定理知：又：代入上式可得：，則故有：又，則故的大小為：（2）若選：由BD平分得：則有：，即在中，由余弦定理可得：又，則有：聯(lián)立可得：解得：（舍去）故若選：可得：，可得：在中，由余弦定理可得：，即聯(lián)立解得

18、：故21(1)證明見(jiàn)解析(2)證明見(jiàn)解析， 【分析】（1）利用線面平行判定定理去證明CF/平面A1EC1；（2）先利用面面平行判定定理作出截面，再去求其面積即可.【詳解】（1）取中點(diǎn)M，連接由，可得四邊形為平行四邊形，則由，可得四邊形為平行四邊形，則則，又平面，平面，則平面；（2）取AA1，CC1中點(diǎn)G，H，連接DG，CB1，B1H，HD，因?yàn)樗倪呅蜛DHF為平行四邊形，所以AF/DH因?yàn)樗倪呅蜛FB1G為平行四邊形，所以GB1/AF，所以GB1/DH所以GDHB1即為過(guò)點(diǎn)D長(zhǎng)方體截面，DG/A1E，平面AEC1，平面AEC1，DG/平面AEC1DH/ C1E，平面AEC1，平面AEC1，DH

19、/平面AEC1又，平面DHB1G/平面AEC1.22(1)兩船相距海里.(2)巡邏艇應(yīng)該北偏東方向去追，才能最快追上走私船.【分析】（1）在中，解三角形得， 在中，由余弦定理求得.（2）在中，解三角形得，得到，在中，由正弦定理求得，結(jié)合圖形知巡邏艇的追趕方向.【詳解】（1）由題意知，當(dāng)走私船發(fā)現(xiàn)了巡邏艇時(shí)，走私船在D處，巡邏艇在C處，此時(shí)，由題意知在中，由余弦定理得所以在中， 由正弦定理得，即所以（舍去）所在又在中， 由余弦定理得， 故當(dāng)走私船發(fā)現(xiàn)了巡邏艇時(shí)，兩船相距海里.（2）當(dāng)巡邏艇經(jīng)過(guò)小時(shí)經(jīng)方向在處追上走私船，則在中，由正弦定理得：則所以，在中，由正弦定理得：則，故 （舍）故巡邏艇應(yīng)該北偏東方向去追，才能最快追上走私船.