《（新課標(biāo)）高考物理二輪復(fù)習(xí)簡(jiǎn)易通 仿真模擬卷（二）》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）高考物理二輪復(fù)習(xí)簡(jiǎn)易通 仿真模擬卷（二）（16頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、仿真模擬卷(8221)(二)一、選擇題(本題8個(gè)小題，每小題6分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分)14.如圖1所示，兩根相距為L(zhǎng)的豎直固定桿上各套有質(zhì)量為m的小球，小球可以在桿上無(wú)摩擦地自由滑動(dòng)，兩球用長(zhǎng)為2L的輕繩相連，今在輕繩中點(diǎn)施加一個(gè)豎直向上的拉力F，恰能使兩球沿豎直桿向上勻速運(yùn)動(dòng)則每個(gè)小球所受的拉力大小為(重力加速度為g)()圖1A. Bmg C. DF解析根據(jù)題意可知：兩根輕繩與豎直桿間距正好組成等邊三角形，對(duì)結(jié)點(diǎn)進(jìn)行受力分析，根據(jù)平衡條件可得，F(xiàn)2Fcos 30，解得小球

2、所受拉力F，C正確答案C152013年夏季，貴州、云南、重慶等省市部分地區(qū)出現(xiàn)持續(xù)高溫、少雨天氣，引起不同程度旱情，導(dǎo)致大面積農(nóng)作物受災(zāi)，造成群眾飲水短缺等基本生活困難電力部門全力確保災(zāi)區(qū)的用電供應(yīng)如圖2所示，發(fā)電廠的輸出電壓和輸電線的電阻、變壓器均不變，如果發(fā)電廠增大輸出功率，則下列說(shuō)法正確的是()圖2A升壓變壓器的輸出電壓增大B降壓變壓器的輸出電壓增大C輸電線上損耗的功率增大D輸電線上損耗的功率占總功率的比例減少解析如果發(fā)電廠增大輸出功率，輸電線中電流一定增大，輸電線上損耗的功率增大，輸電線上損耗的功率占總功率的比例增大，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；升壓變壓器的輸出電壓不變，輸電線上電壓損失增大，

3、降壓變壓器的輸入電壓減小，輸出電壓減小，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤答案C16如圖3所示，將帶正電的甲球放在不帶電的乙球左側(cè)，兩球在空間形成了穩(wěn)定的靜電場(chǎng)，實(shí)線為電場(chǎng)線，虛線為等勢(shì)線A、B兩點(diǎn)與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點(diǎn)關(guān)于直線AB對(duì)稱，則()圖3AA點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)相同BC點(diǎn)和D點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同C正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場(chǎng)力做正功D負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢(shì)能增大解析A點(diǎn)比乙球面電勢(shì)高，乙球面比B點(diǎn)電勢(shì)高，故A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)不相同，A錯(cuò)；C、D兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向不同，B錯(cuò)；AB，WAB0，C對(duì)；C、D兩點(diǎn)位于同一等勢(shì)面上，故此過(guò)程電勢(shì)能不變，D錯(cuò)答案C17為研究太陽(yáng)系內(nèi)行星的運(yùn)動(dòng)，需要知道太

4、陽(yáng)的質(zhì)量已知地球的半徑為R，地球質(zhì)量為m，太陽(yáng)與地球的中心間距為r，地球表面的重力加速度為g，地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期為T，則太陽(yáng)的質(zhì)量為()A. B.C. D.解析設(shè)太陽(yáng)的質(zhì)量為M，地球繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)，Gm2r，再由GmgR2，得到M，選項(xiàng)B正確答案B18.如圖4所示，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)在半徑為R的半球形容器中(容器固定)由靜止開(kāi)始自邊緣上的A點(diǎn)滑下，到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)，它對(duì)容器的正壓力為FN.重力加速度為g，則質(zhì)點(diǎn)自A滑到B的過(guò)程中，摩擦力對(duì)其所做的功為()圖4A.R(FN3mg) B.R(3mgFN)C.R(FNmg) D.R(FN2mg)解析質(zhì)點(diǎn)到達(dá)最低點(diǎn)B時(shí)，它對(duì)容器的正壓力為FN，根據(jù)牛頓第二定

5、律有FNmgm，根據(jù)動(dòng)能定理，質(zhì)點(diǎn)自A滑到B的過(guò)程中有WfmgRmv2，故摩擦力對(duì)其所做的功WfRFNmgR，故A項(xiàng)正確答案A19.如圖5所示，一個(gè)閉合三角形導(dǎo)線框ABC位于豎直平面內(nèi)，其下方(略靠前)固定一根與導(dǎo)線框平面平行的水平直導(dǎo)線，導(dǎo)線中通以圖示方向的恒定電流釋放導(dǎo)線框，它由實(shí)線位置下落到虛線位置未發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，在此過(guò)程中()圖5A導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向依次為ACBAABCAACBAB導(dǎo)線框的磁通量為零時(shí)，感應(yīng)電流卻不為零C導(dǎo)線框所受安培力的合力方向依次為向上向下向上D導(dǎo)線框所受安培力的合力為零，做自由落體運(yùn)動(dòng)解析根據(jù)右手螺旋定則可知導(dǎo)線上方的磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，下方的磁場(chǎng)方向垂直于紙面

6、向里，而且越靠近導(dǎo)線磁場(chǎng)越強(qiáng)，所以閉合導(dǎo)線框ABC在下降過(guò)程中，導(dǎo)線框內(nèi)垂直于紙面向外的磁通量先增大，當(dāng)增大到BC邊與導(dǎo)線重合時(shí)，達(dá)到最大，再向下運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)線框內(nèi)垂直于紙面向外的磁通量逐漸減小至零，然后隨導(dǎo)線框的下降，導(dǎo)線框內(nèi)垂直于紙面向里的磁通量增大，當(dāng)增大到A點(diǎn)與導(dǎo)線重合時(shí)，達(dá)到最大，繼續(xù)下降時(shí)由于導(dǎo)線框逐漸遠(yuǎn)離導(dǎo)線，使導(dǎo)線框內(nèi)垂直于紙面向里的磁通量再逐漸減小，所以根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)總是阻礙內(nèi)部磁通量的變化，所以感應(yīng)電流的磁場(chǎng)先向內(nèi)，再向外，最后向內(nèi)，所以導(dǎo)線框中感應(yīng)電流方向依次為ACBAABCAACBA，選項(xiàng)A正確；當(dāng)導(dǎo)線框內(nèi)的磁通量為零時(shí)，內(nèi)部的磁通量仍然在變化，有感應(yīng)電動(dòng)

7、勢(shì)產(chǎn)生，所以感應(yīng)電流不為零，選項(xiàng)B正確；根據(jù)對(duì)楞次定律的理解，感應(yīng)電流的效果總是阻礙導(dǎo)體間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，由于導(dǎo)線框一直向下運(yùn)動(dòng)，所以導(dǎo)線框所受安培力的合力方向一直向上，不為零，選項(xiàng)CD錯(cuò)誤答案AB20如圖6所示，O點(diǎn)有一粒子源，在某時(shí)刻發(fā)射大量質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子，它們的速度大小相等，方向均在xOy平面內(nèi)在直線xa與x2a之間存在垂直于xOy平面向外的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，與y軸正方向成60角發(fā)射的粒子恰好垂直于磁場(chǎng)右邊界射出不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力關(guān)于這些粒子的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()圖6A粒子的速度大小為B粒子的速度大小為C與y軸正方向成120角射出的粒子在磁場(chǎng)中

8、運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)D與y軸正方向成90角射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)解析帶正電粒子與y軸正方向成60角發(fā)射進(jìn)入磁場(chǎng)后的軌跡如圖甲所示，根據(jù)幾何關(guān)系可得aRsin 30，其中R，聯(lián)立解得v，故選項(xiàng)A正確、B錯(cuò)誤；帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tT，可見(jiàn)圓弧所對(duì)的圓心角越大，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越長(zhǎng)，由圖甲中的幾何關(guān)系可得粒子的軌道半徑R2a，因此當(dāng)帶電粒子與y軸正方向成120角射出時(shí)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓弧所對(duì)圓心角最大為120，粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡恰好與磁場(chǎng)的右邊界相切，如圖乙所示，最長(zhǎng)時(shí)間tmT，故選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤答案AC21.在水平地面上有一質(zhì)量為2 kg的物體，物體在水平拉力F的作用下由靜止

9、開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，后撤去拉力該物體的運(yùn)動(dòng)的vt圖象如圖7所示，g取10 m/s2，下列說(shuō)法中正確的是()圖7A物體的最大位移是56 mB物體受到的拉力F的大小為2.4 NC物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2D前12 s內(nèi)，拉力與阻力做功的代數(shù)和為16 J解析由vt圖象知，運(yùn)動(dòng)過(guò)程由兩個(gè)“子過(guò)程”構(gòu)成：拉力F作用下的勻加速運(yùn)動(dòng)，撤去F后阻力作用下的勻減速運(yùn)動(dòng)運(yùn)動(dòng)的最大位移是vt圖象與t軸圍成的三角形面積，為x814 m56 m故選A.勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律得Fmgma1，由圖象知運(yùn)動(dòng)的加速度為a10.8 m/s2.勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律得mgma2，由圖象知運(yùn)動(dòng)的加速度為a22.0 m/s2

10、.解上述各式得0.2，F(xiàn)5.6 N故不選B，選C.如圖所示，由幾何關(guān)系解得12 s末的速度為v m/s4 m/s，對(duì)前12 s應(yīng)用動(dòng)能定理，得拉力與阻力做功的代數(shù)和為Wmv216 J，故選D.答案ACD二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分)(一)必考題(共47分)22(7分)小明利用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，得到的紙帶如圖8所示，其中O為打下的第一點(diǎn)，A、B、C、D為連續(xù)的四個(gè)點(diǎn)，已知所用交流電的頻率為f，以點(diǎn)C為研究點(diǎn)，則圖8以下關(guān)于打點(diǎn)C時(shí)重錘的速度v求法中合理的是_A測(cè)出從O到C的時(shí)間，利用vgt求B利用v22gh和已測(cè)下落高度求C根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于這點(diǎn)前后

11、相鄰兩點(diǎn)間的平均速度求D測(cè)出從O到C的時(shí)間，利用hvtgt2求實(shí)驗(yàn)中因阻力的存在，動(dòng)能的變化量應(yīng)小于重力勢(shì)能的改變量，但通過(guò)計(jì)算(計(jì)算方法正確合理)小明卻發(fā)現(xiàn)動(dòng)能的變化量總大于重力勢(shì)能的改變量，這是由于他在實(shí)驗(yàn)中出現(xiàn)的_錯(cuò)誤操作造成的經(jīng)老師指點(diǎn)后，小明重做了實(shí)驗(yàn)，得出自由下落物體在誤差范圍內(nèi)滿足機(jī)械能守恒定律，并作出h圖象如圖9，則當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度為_(kāi)圖9解析當(dāng)用落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律時(shí)不能認(rèn)為下落過(guò)程中沒(méi)有阻力存在，A、B、D錯(cuò)，計(jì)算某點(diǎn)的瞬時(shí)速度時(shí)應(yīng)根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，C對(duì)先松開(kāi)紙帶再接通電源時(shí)會(huì)造成各點(diǎn)對(duì)應(yīng)的瞬時(shí)速度均偏大，使

12、動(dòng)能的變化量大于重力勢(shì)能的改變量因滿足機(jī)械能守恒，所以有mv2mgh，所以h圖線的斜率即為當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣戎?，由圖知當(dāng)?shù)氐膶?shí)際重力加速度為9.70 m/s2.答案C先松開(kāi)紙帶再接通電源9.70 m/s223(8分)某同學(xué)要測(cè)量一導(dǎo)體的電阻Rx.(1)他先用多用電表粗測(cè)其電阻用已經(jīng)調(diào)零且選擇開(kāi)關(guān)指向電阻擋“100”擋位的多用電表測(cè)量，其表盤及指針?biāo)肝恢萌鐖D10甲所示，要能比較準(zhǔn)確地測(cè)量該電阻的阻值，應(yīng)將多用電表的選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到電阻擋的_擋位，調(diào)到正確擋位后重新調(diào)零，再次測(cè)量此電阻，其表盤及指針?biāo)肝恢萌鐖D乙所示，則該電阻約為_(kāi).圖10(2)該同學(xué)想用“伏安法”更精確地測(cè)量該導(dǎo)體的電阻Rx，現(xiàn)有

13、的器材及其代號(hào)和規(guī)格如下：A待測(cè)電阻RxB電流表A1(量程050 mA，內(nèi)阻約為50 )C電流表A2(量程05 mA，內(nèi)阻約為30 )D電壓表V1(量程03 V，內(nèi)阻約為10 k)E電壓表V2(量程015 V，內(nèi)阻約為50 k)F直流電源E(電動(dòng)勢(shì)6 V，內(nèi)阻不計(jì))G滑動(dòng)變阻器R1(阻值范圍為020 ，允許通過(guò)的最大電流為2.0 A)H定值電阻R250 I開(kāi)關(guān)S一個(gè)，導(dǎo)線若干則為了使實(shí)驗(yàn)誤差較小，要求電表的指針的偏轉(zhuǎn)幅度達(dá)到半偏以上，并要求測(cè)得多組數(shù)據(jù)進(jìn)行分析，則電流表應(yīng)選擇_，電壓表應(yīng)選擇_(選填器材前的字母代號(hào))將你設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)電路畫在虛線框內(nèi)使用設(shè)計(jì)的電路圖進(jìn)行測(cè)量，若電壓表的讀數(shù)為U，電

14、流表的讀數(shù)為I，那么，待測(cè)電阻的阻值Rx_(用已知物理量和測(cè)量的物理量的字母符號(hào)表示)答案(1)10220(2)BD如圖所示24(13分)如圖11所示，在高h(yuǎn)130 m的光滑水平平臺(tái)上，質(zhì)量m1 kg的小物塊壓縮彈簧后被鎖扣K鎖住，儲(chǔ)存了一定量的彈性勢(shì)能Ep.若打開(kāi)鎖扣K，小物塊將以一定的速度v1水平向右滑下平臺(tái)做平拋運(yùn)動(dòng)，并恰好能從光滑圓弧形軌道BC上B點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入圓弧形軌道B點(diǎn)的高度h215 m，圓弧軌道的圓心O與平臺(tái)等高，軌道最低點(diǎn)C的切線水平，并與地面上動(dòng)摩擦因數(shù)為0.7的足夠長(zhǎng)水平粗糙軌道CD平滑連接，小物塊沿軌道BCD運(yùn)動(dòng)最終在E點(diǎn)(圖中未畫出)靜止，g10 m/s2.求：圖1

15、1(1)小物塊滑下平臺(tái)的速度v1；(2)小物塊原來(lái)壓縮彈簧時(shí)儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能Ep的大小和C、E兩點(diǎn)間的距離解析(1)由于h130 m，h215 m，設(shè)物塊從A運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t，則h1h2gt2解得t s由RcosBOCh1h2，Rh1，所以BOC60設(shè)小物塊平拋的水平速度是v1，則tan 60解得v110 m/s(2)由能量守恒可得彈簧壓縮時(shí)的彈性勢(shì)能為Epmv50 J設(shè)C、E兩點(diǎn)間距離為L(zhǎng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得mgh1mvmgL解得L50 m答案(1)10 m/s(2)50 J50 m25(19分)如圖12所示，豎直平面(紙面)內(nèi)有直角坐標(biāo)系xOy，x軸沿水平方向在x0的區(qū)域內(nèi)存在方向垂直于紙面

16、向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1的勻強(qiáng)磁場(chǎng)在第二象限緊貼y軸固定放置長(zhǎng)為l、表面粗糙的不帶電絕緣平板，平板平行于x軸且與x軸相距h.在第一象限內(nèi)的某區(qū)域存在方向相互垂直的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2、方向垂直于紙面向外)和勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫出)一質(zhì)量為m、不帶電的小球Q從平板下側(cè)A點(diǎn)沿x軸正向拋出；另一質(zhì)量也為m、帶電量為q的小球P從A點(diǎn)緊貼平板沿x軸正向運(yùn)動(dòng)，變?yōu)閯蛩龠\(yùn)動(dòng)后從y軸上的D點(diǎn)進(jìn)入電磁場(chǎng)區(qū)域做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)圓周離開(kāi)電磁場(chǎng)區(qū)域，沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，然后從x軸上的K點(diǎn)進(jìn)入第四象限小球P、Q相遇在第四象限的某一點(diǎn)，且豎直方向速度相同設(shè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球P電量不變，小球P和Q始終在紙面內(nèi)運(yùn)動(dòng)且均看

17、作質(zhì)點(diǎn)，重力加速度為g.圖12求：(1)勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小，并判斷P球所帶電荷的正負(fù)；(2)小球Q的拋出速度v0的取值范圍；(3)B1是B2的多少倍？解析(1)由題給的已知條件，小球P在電磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，必有重力與電場(chǎng)力平衡，設(shè)所求場(chǎng)強(qiáng)大小為E，有mgqE得E小球P在平板下側(cè)緊貼平板運(yùn)動(dòng)，其所受洛倫茲力必豎直向上，故小球P帶正電(2)設(shè)小球P緊貼平板勻速運(yùn)動(dòng)的速度為v，此時(shí)洛倫茲力與重力平衡，有B1qvmg設(shè)小球P以速度v在電磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，有B2qvm設(shè)小球Q與小球P在第四象限相遇點(diǎn)的坐標(biāo)為x、y，有xR，y0小球Q運(yùn)動(dòng)到相遇點(diǎn)所需時(shí)間為t0，水平方向位移為s，豎直方向

18、位移為d，有sv0t0dgt由題意得xsl，yhd由題意可知v00，聯(lián)立相關(guān)方程，得0v0(3)小球Q在空間做平拋運(yùn)動(dòng)，要滿足題設(shè)要求，則運(yùn)動(dòng)到小球P穿出電磁場(chǎng)區(qū)域的同一水平高度時(shí)的W點(diǎn)時(shí)，其豎直方向的速度vy，與豎直位移yQ必須滿足vyvyQR設(shè)小球Q運(yùn)動(dòng)到W點(diǎn)時(shí)間為t，由平拋運(yùn)動(dòng)，有vygtyQgt2聯(lián)立相關(guān)方程，解得B1B2B1是B2的0.5倍答案(1)正(2)0v0(3)0.5(二)選考題(共45分請(qǐng)考生從給出的3道物理題中任選一題做答如果多做，則按所做的第一題計(jì)分)33選修33(15分)(1)(6分)下列說(shuō)法正確的是()A兩個(gè)分子之間的作用力會(huì)隨著距離的增大而減小B物體的內(nèi)能在宏觀上

19、只與其溫度和體積有關(guān)C一定質(zhì)量的氣體經(jīng)歷等容過(guò)程，如果吸熱則其內(nèi)能一定增加D分子a從遠(yuǎn)處趨近固定不動(dòng)的分子b，當(dāng)a到達(dá)受b的作用力為零處時(shí)，a的動(dòng)能一定最大E物質(zhì)的狀態(tài)在一定的條件下可以相互轉(zhuǎn)變，在轉(zhuǎn)變過(guò)程中會(huì)發(fā)生能量交換(2)(9分)如圖13所示，兩端開(kāi)口、粗細(xì)均勻的足夠長(zhǎng)玻璃管插在大水銀槽中，管的上部有一定長(zhǎng)度的水銀，兩段空氣柱被封閉在左右兩側(cè)的豎直管中開(kāi)啟上部連通左右水銀的閥門A，當(dāng)溫度為300 K時(shí)，水銀的平衡位置如圖(h1h25 cm，L150 cm)，大氣壓為75 cmHg.求：圖13右管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度L2；關(guān)閉閥門A，當(dāng)溫度升至405 K時(shí)，左側(cè)豎直管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度L3.解析(1)由

20、分子動(dòng)理論可知，當(dāng)兩個(gè)分子之間表現(xiàn)為引力時(shí)，其作用力隨分子間的距離先增大后減小，A錯(cuò)誤；物體的內(nèi)能在宏觀上與溫度、體積以及物質(zhì)的質(zhì)量有關(guān)，B錯(cuò)誤；等容變化過(guò)程中，外界與氣體之間不做功，故吸熱內(nèi)能一定增大，C正確；當(dāng)分子從遠(yuǎn)處趨近于另一個(gè)固定不動(dòng)的分子時(shí)，分子力先做正功再做負(fù)功，若兩者的作用力為零，則此時(shí)分子力做的正功最多，對(duì)應(yīng)的動(dòng)能一定最大，D正確；物質(zhì)的狀態(tài)在一定的條件下可以相互轉(zhuǎn)變，在轉(zhuǎn)變過(guò)程中會(huì)涉及能量交換，E正確(2)左管內(nèi)氣體壓強(qiáng)：p1p0h280 cmHg右管內(nèi)氣體壓強(qiáng)：p2p1h185 cmHgp2p0h3，得右管內(nèi)外液面高度差h310 cm則L2L1h1h2h350 cm設(shè)玻璃

21、管截面積為S，對(duì)左側(cè)管內(nèi)的氣體：p180 cmHg，V150S，T1300 K當(dāng)溫度升至405 K時(shí)，設(shè)左側(cè)管內(nèi)下部的水銀面下降了x cm，則有：p3(80x) cmHg，V3L3S(50x)S，T3405 K依代入數(shù)據(jù)，解得x10 cm所以左側(cè)豎直管內(nèi)氣柱的長(zhǎng)度L360 cm答案(1)CDE(2)50 cm60 cm34選修34(15分)(1)(6分)一列簡(jiǎn)諧橫波在t0時(shí)刻的波形圖如圖14中實(shí)線所示，從此刻起，經(jīng)0.1 s波形圖如圖14中虛線所示，若波傳播的速度為10 m/s，則_(填正確答案標(biāo)號(hào))圖14A這列波沿x軸正方向傳播B這列波的周期為0.4 sCt0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)D從t

22、0時(shí)刻開(kāi)始質(zhì)點(diǎn)a經(jīng)0.2 s通過(guò)的路程為0.4 mEx2 m處的質(zhì)點(diǎn)的位移表達(dá)式為y0.2sin(5t)(m)(2)(9分)由透明體做成的三棱柱，橫截面為有一個(gè)角為30的直角三角形，如圖15所示，AC面鍍膜，經(jīng)透明體射到AC面的光只能反射現(xiàn)有一束光從AB面上的D點(diǎn)垂直AB面射入透明體，經(jīng)AC面上的E點(diǎn)反射后從BC面射出透明體，出射光線與BC面成30角圖15求該透明體的折射率；若光線從BC面上的F點(diǎn)垂直BC面射入透明體，經(jīng)AC面上的E點(diǎn)反射后從AB面射出透明體，試畫出經(jīng)E點(diǎn)后的光路圖，并標(biāo)明出射光線與AB面所成夾角的角度(不用列式計(jì)算)解析(1)根據(jù)波形圖可知，波長(zhǎng)4 m，又v10 m/s，可得

23、這列波的周期為T0.4 s，選項(xiàng)B正確；經(jīng)0.1 sT，該波的波形向左傳播了，所以該波沿x軸負(fù)方向傳播，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；t0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)圖象和周期易得，選項(xiàng)D、E正確(2)如圖，由幾何關(guān)系130，260由折射定律得n如圖，未標(biāo)箭頭扣2分，未標(biāo)明出射光線與AB面所成夾角的角度的扣2分答案(1)BDE(2)見(jiàn)解析圖35選修35(15分)(1)(6分)下列說(shuō)法正確的是()A粒子大角度散射表明粒子很難進(jìn)入原子內(nèi)部B極限頻率越大的金屬材料逸出功越大C聚變反應(yīng)有質(zhì)量虧損，質(zhì)量數(shù)不守恒D射線是一種波長(zhǎng)很短的電磁波E.SeKr2e是重核裂變(2)(9分)質(zhì)量為M的滑塊由水平軌道和豎

24、直平面內(nèi)的四分之一光滑圓弧軌道組成，放在光滑的水平面上滑塊開(kāi)始時(shí)靜止，質(zhì)量為m的物塊從圓弧軌道的最高點(diǎn)由靜止開(kāi)始滑下，以速度v從滑塊的水平軌道的左端滑出，如圖16所示已知Mm31，物塊與水平軌道之間有摩擦，圓弧軌道的半徑為R.圖16求物塊從軌道左端滑出時(shí)，滑塊M的速度的大?。蝗艋瑝K靜止在水平面上，物塊從左端沖上滑塊，要使物塊m不會(huì)越過(guò)滑塊，求物塊沖上滑塊的初速度v0應(yīng)滿足的條件解析(2)對(duì)于滑塊M和物塊m組成的系統(tǒng)，物塊沿軌道滑下的過(guò)程中，水平方向動(dòng)量守恒，物塊滑出時(shí)，有mvMv滑塊M的速度vvv方向水平向右物塊以速度v0沖上軌道，初速度越大，沖上圓弧軌道的高度越大若物塊剛能達(dá)到最高點(diǎn)，兩者有相同的速度v1，此為物塊不會(huì)越過(guò)滑塊的最大初速度對(duì)于M和m組成的系統(tǒng)，水平方向動(dòng)量守恒，有mv0(mM)v1相互作用過(guò)程中，系統(tǒng)的總動(dòng)能減小，轉(zhuǎn)化為內(nèi)能Q和重力勢(shì)能，有mv(Mm)vQmgR物體在水平面上滑動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能QmgRmv2Mv2解得v0要使物塊m不會(huì)越過(guò)滑塊，其初速度v0答案(1)BD(2)v方向水平向右v0