《（江蘇專用）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 立體幾何 第2講 空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系練習(xí) 文 蘇教版-蘇教版高三數(shù)學(xué)試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江蘇專用）高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題四 立體幾何 第2講 空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系練習(xí) 文 蘇教版-蘇教版高三數(shù)學(xué)試題（7頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、第2講空間點(diǎn)、線、面的位置關(guān)系1(2019揭陽(yáng)模擬改編)設(shè)平面，直線a，b，a，b，則“a，b”是“”的_條件解析 由平面與平面平行的判定定理可知，若直線a，b是平面內(nèi)兩條相交直線，且a，b，則；當(dāng)，若a，b，則a，b，因此“a，b”是“”的必要不充分條件答案 必要不充分2在正方體ABCDA1B1C1D1中，E為DD1的中點(diǎn)，則BD1與過(guò)點(diǎn)A、E、C的平面的位置關(guān)系是_解析 連結(jié)AC、BD相交于一點(diǎn)O，連結(jié)OE、AE、EC，因?yàn)樗倪呅蜛BCD為正方形，所以DOBO而DED1E，所以EO為DD1B的中位線，所以EOD1B，所以BD1平面AEC答案 BD1平面AEC3(2019南京模擬)四棱錐PA

2、BCD 的底面ABCD是邊長(zhǎng)為2的正方形，PA底面ABCD且PA4，則PC與底面ABCD所成角的正切值為_(kāi)解析 因?yàn)镻A底面ABCD，所以PC在底面ABCD上的射影為AC，PCA就是PC與底面ABCD所成的角，tanPCA答案 4(2019南京、鹽城模擬)已知平面，直線m，n，給出下列命題：若m，n，mn，則；若，m，n，則mn；若m，n，mn，則；若，m，n ，則mn其中是真命題的是_(填寫(xiě)所有真命題的序號(hào))解析 錯(cuò)誤，還有可能，相交；錯(cuò)誤，直線m，n可能平行、相交或異面；正確答案 5(2019鎮(zhèn)江期末)如圖，四邊形ABCD中，ADBC，ADAB，BCD45，BAD90，將ADB沿BD折起，

3、使平面ABD平面BCD，構(gòu)成三棱錐ABCD，則在三棱錐ABCD中，下列命題正確的是_(填序號(hào))平面ABD平面ABC；平面ADC平面BDC；平面ABC平面BDC；平面ADC平面ABC解析 因?yàn)樵谒倪呅蜛BCD中，ADBC，ADAB，BCD45，BAD90，所以BDCD，又平面ABD平面BCD，且平面ABD平面BCDBD，所以CD平面ABD，則CDAB，又ADAB，ADCDD，所以AB平面ADC，又AB平面ABC，所以平面ABC平面ADC答案 6(2019無(wú)錫期末)已知兩條直線m、n，兩個(gè)平面、給出下面四個(gè)命題：mn，mn；，m，nmn；mn，mn；，mn，mn其中正確命題的序號(hào)是_解析 兩條平行

4、線中一條垂直于一個(gè)平面，則另一條也垂直于這個(gè)平面，故正確；兩平面平行，分別在這兩平面內(nèi)的兩直線可能平行，也可能異面，故錯(cuò)；mn，m時(shí)，n或n，故錯(cuò)；由，m得m，由m，nm得n，故正確答案 7(2019蘇州調(diào)研)正方體ABCDA1B1C1D1的棱長(zhǎng)為2，點(diǎn)M為CC1的中點(diǎn)，點(diǎn)N為線段DD1上靠近D1的三等分點(diǎn)，平面BMN交AA1于點(diǎn)Q，則線段AQ的長(zhǎng)為_(kāi)解析 如圖所示，在線段DD1上靠近點(diǎn)D處取一點(diǎn)T，使得DT，因?yàn)镹是線段DD1上靠近D1的三等分點(diǎn)，故D1N，故NT21，因?yàn)镸為CC1的中點(diǎn)，故CM1，連接TC，由NTCM，且CMNT1，知四邊形CMNT為平行四邊形，故CTMN，同理在AA1上

5、靠近A處取一點(diǎn)Q，使得AQ，連接BQ，TQ，則有BQCTMN，故BQ與MN共面，即Q與Q重合，故AQ答案 8如圖，ACB90，DA平面ABC，AEDB交DB于點(diǎn)E，AFDC交DC于點(diǎn)F，且ADAB2，則三棱錐DAEF體積的最大值為_(kāi)解析 因?yàn)镈A平面ABC，所以DABC，又BCAC，DAACA，所以BC平面ADC，所以BCAF又AFCD，BCCDC，所以AF平面DCB，所以AFEF，AFDB又DBAE，AEAFA，所以DB平面AEF，所以DE為三棱錐DAEF的高因?yàn)锳E為等腰直角三角形ABD斜邊上的高，所以AE，設(shè)AFa，F(xiàn)Eb，則AEF的面積Sab，所以三棱錐DAEF的體積V(當(dāng)且僅當(dāng)ab1

6、時(shí)等號(hào)成立)答案 9如圖，正方體ABCDA1B1C1D1的棱長(zhǎng)為1，線段B1D1上有兩個(gè)動(dòng)點(diǎn)E，F(xiàn)，且EF，則下列結(jié)論中正確的是_(填序號(hào))ACBE；EF平面ABCD；三棱錐ABEF的體積為定值；AEF的面積與BEF的面積相等解析 因?yàn)锳C平面BB1D1D，又BE平面BB1D1D，所以ACBE，故正確因?yàn)锽1D1平面ABCD，又E、F在線段B1D1上運(yùn)動(dòng)，故EF平面ABCD故正確中由于點(diǎn)B到直線EF的距離是定值，故BEF的面積為定值，又點(diǎn)A到平面BEF的距離為定值，故VABEF不變故正確由于點(diǎn)A到B1D1的距離與點(diǎn)B到B1D1的距離不相等，因此AEF與BEF的面積不相等，故錯(cuò)誤答案 10在AB

7、C中，ACB90，AB8，ABC60，PC平面ABC，PC4，M是AB上一個(gè)動(dòng)點(diǎn)，則PM的最小值為_(kāi)解析 如圖，因?yàn)镻C平面ABC，MC平面ABC，所以PCMC故PM又因?yàn)镸C的最小值為2，所以PM的最小值為2答案 211(2019江蘇省高考名校聯(lián)考(五)如圖，在斜三棱柱ABCA1B1C1中，CC1CA，點(diǎn)E，F(xiàn)分別為AC1，BC1的中點(diǎn)(1)若B1C1上存在一點(diǎn)G，使得平面EFG平面AA1B1B，求證：點(diǎn)G為B1C1的中點(diǎn)；(2)若AC1AB，求證：平面CEF平面ABC1證明 (1)如圖，連接AB1，因?yàn)槠矫鍱FG平面AA1B1B，EG平面EFG，所以EG平面AA1B1B因?yàn)镋G平面AB1C

8、1，平面AB1C1平面AA1B1BAB1，所以EGAB1，因?yàn)辄c(diǎn)E為AC1的中點(diǎn)，所以點(diǎn)G為B1C1的中點(diǎn)(2)因?yàn)镃C1CA，點(diǎn)E為AC1的中點(diǎn)，所以CEAC1因?yàn)辄c(diǎn)E，F(xiàn)分別為AC1，BC1的中點(diǎn)，所以EFAB，因?yàn)锳C1AB，所以EFAC1又CEEFE，CE，EF平面CEF，所以AC1平面CEF，因?yàn)锳C1平面ABC1，所以平面CEF平面ABC112(2019南通調(diào)研)如圖，在四面體ABCD中，平面BAD平面CAD，BAD90M，N，Q分別為棱AD，BD，AC的中點(diǎn)(1)求證：CD平面MNQ；(2)求證：平面MNQ平面CAD證明(1)因?yàn)镸，Q分別為棱AD，AC的中點(diǎn)，所以MQCD，又C

9、D平面MNQ，MQ平面MNQ， 故CD平面MNQ(2)因?yàn)镸，N分別為棱AD，BD的中點(diǎn)，所以MNAB，又BAD90，故MNAD因?yàn)槠矫鍮AD平面CAD，平面BAD平面CADAD，且MN平面ABD，所以MN平面CAD又MN平面MNQ，所以平面MNQ平面CAD13(2019南京、鹽城模擬)如圖，E，F(xiàn)分別是直角三角形ABC邊AB和AC的中點(diǎn)，B90，沿EF將三角形ABC折成如圖所示的銳二面角A1EFB，若M為線段A1C的中點(diǎn)求證：(1)直線FM平面A1EB；(2)平面A1FC平面A1BC證明(1)取A1B中點(diǎn)N，連結(jié)NE，NM(圖略)，則MN綊BC，EF綊BC，所以MN綊FE，所以四邊形MNEF

10、為平行四邊形，所以FMEN，又因?yàn)镕M平面A1EB，EN平面A1EB，所以直線FM平面A1EB(2)因?yàn)镋，F(xiàn)分別為AB和AC的中點(diǎn)，所以A1FFC，所以FMA1C同理，ENA1B，由(1)知，F(xiàn)MEN，所以FMA1B又因?yàn)锳1CA1BA1，所以FM平面A1BC，又因?yàn)镕M平面A1FC，所以平面A1FC平面A1BC14在長(zhǎng)方體ABCDA1B1C1D1中，ABBC2，過(guò)A1、C1、B三點(diǎn)的平面截去長(zhǎng)方體的一個(gè)角后，得到如圖所示的幾何體ABCDA1C1D1，且這個(gè)幾何體的體積為(1)求AA1的長(zhǎng)；(2)在線段BC1上是否存在點(diǎn)P，使直線A1P與C1D垂直，如果存在，求線段A1P的長(zhǎng)，如果不存在，請(qǐng)說(shuō)明理由解 (1)因?yàn)閂ABCDA1C1D1VABCDA1B1C1D1VBA1B1C122AA122AA1AA1，所以AA14(2)存在點(diǎn)P滿足題意在平面CC1D1D中作D1QC1D交CC1于Q，過(guò)Q作QPCB交BC1于點(diǎn)P，則A1PC1D因?yàn)锳1D1平面CC1D1D，C1D平面CC1D1D，所以C1DA1D1，而QPCB，CBA1D1，所以QPA1D1，又因?yàn)锳1D1D1QD1，所以C1D平面A1PQD1，且A1P平面A1PQD1，所以A1PC1D因?yàn)镽tD1C1QRtC1CD，所以，所以C1Q1，又因?yàn)镻QBC，所以PQBC因?yàn)樗倪呅蜛1PQD1為直角梯形，且高D1Q，所以A1P