《高考物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 核心突破 專題2 能量、動(dòng)量和原子物理 第1講 功、功率、動(dòng)能定理演練-人教版高三全冊(cè)物理試題》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《高考物理二輪復(fù)習(xí) 第1部分 核心突破 專題2 能量、動(dòng)量和原子物理 第1講 功、功率、動(dòng)能定理演練-人教版高三全冊(cè)物理試題(5頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、第1講 功、功率、動(dòng)能定理1(2016太原模擬二)2015年莫斯科世錦賽上,我國男子短道速滑隊(duì)時(shí)隔15年再次站到5 000 m接力的冠軍領(lǐng)獎(jiǎng)臺(tái)上觀察發(fā)現(xiàn),“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面,并且開始向前滑行,待乙追上甲時(shí),乙猛推甲,甲獲得更大的速度向前沖出在乙推甲的過程中,忽略運(yùn)動(dòng)員與冰面間水平方向上的相互作用,則(C)A甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力相同B甲對(duì)乙的作用力一定做正功,乙的動(dòng)能增大C乙對(duì)甲的作用力一定做正功,甲的動(dòng)能增大D甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少量解析:由牛頓第三定律知,甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力大小相等、方向相反兩個(gè)力不相同,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;甲對(duì)乙的作用
2、力方向與乙運(yùn)動(dòng)方向相反,此力對(duì)乙做負(fù)功,由動(dòng)能定理知,乙的動(dòng)能減小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;乙對(duì)甲的作用力方向與甲運(yùn)動(dòng)方向相同,此力對(duì)甲做正功,由動(dòng)能定理知,甲的動(dòng)能增加,C正確;在乙推甲的過程中,甲、乙運(yùn)動(dòng)的距離不一定相等,由功的公式WFS知,推力對(duì)甲、乙做功不一定相等,由動(dòng)能定理知,甲動(dòng)能的增加量不一定等于乙動(dòng)能的減小量,選項(xiàng)D錯(cuò)誤2(2016福州質(zhì)檢)如圖所示,卡車通過定滑輪以恒定的功率P0拉繩,牽引河中的小船沿水面運(yùn)動(dòng),已知小船的質(zhì)量為m,沿水面運(yùn)動(dòng)時(shí)所受的阻力為f且保持不變,當(dāng)繩OA段與水平面夾角為時(shí),小船的速度為v,不計(jì)繩子與滑輪的摩擦,則此時(shí)小船的加速度等于(A)ABcos2CD解析:卡車對(duì)
3、小船做功的功率P0Fvcos ,對(duì)小船受力分析由牛頓第二定律得Fcos fma,聯(lián)立得a,A正確3(2016南昌調(diào)研)如圖所示,固定斜面AD上有B、C兩點(diǎn),且ABBCCD,小滑塊以初動(dòng)能EK0從A點(diǎn)出發(fā),沿斜面向上運(yùn)動(dòng)若整個(gè)斜面AD光滑,則滑塊到達(dá)D位置速度恰好為零,而后下滑現(xiàn)斜面AB部分與滑塊間有處處相同的摩擦,BD部分仍無摩擦,則滑塊恰好滑到C位置速度為零,然后下滑,那么滑塊下滑到(AD)A位置B時(shí)的動(dòng)能為B位置B時(shí)的動(dòng)能為C位置A時(shí)的動(dòng)能為D位置A時(shí)的動(dòng)能為解析:設(shè)斜面高度為h,ABBCCOl,滑塊與AB部分的摩擦力為f.斜面光滑上滑時(shí),由動(dòng)能定理有mghEk0,AB部分有摩擦?xí)r滑塊的上
4、滑過程由動(dòng)能定理有mghflEk0,從C開始滑回B、A的過程同理有EkB0mgh,mghflEkAEkB解得EkAEk0、EkBEk0.選項(xiàng)BC錯(cuò)誤,AD正確4(2016長沙一中月考五)一摩托車在豎直的圓軌道內(nèi)側(cè)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),周期為T,人和車(當(dāng)作質(zhì)點(diǎn))的總質(zhì)量為m,軌道半徑為R,車經(jīng)最高點(diǎn)時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)功率為P0,車對(duì)軌道的壓力為2mg.設(shè)軌道對(duì)摩托車的阻力與車對(duì)軌道的壓力成正比,則(B)A車經(jīng)最低點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為3mgB車經(jīng)最低點(diǎn)時(shí)發(fā)動(dòng)機(jī)功率為2P0C車從最高點(diǎn)經(jīng)半周到最低點(diǎn)的過程中發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為P0TD車從最高點(diǎn)經(jīng)半周到最低點(diǎn)的過程中發(fā)動(dòng)機(jī)做的功為2mgR解析:摩托車在最高點(diǎn)時(shí)有2mgmg
5、m,在最低點(diǎn)時(shí)有FNmgm,解得FN4mg,A錯(cuò)誤;由于軌道對(duì)摩托車的阻力與車對(duì)軌道的壓力成正比,又因?yàn)檐囋谧罡唿c(diǎn)對(duì)軌道的壓力為2mg,根據(jù)PFv可知,發(fā)動(dòng)機(jī)在最低點(diǎn)時(shí)的功率是在最高點(diǎn)時(shí)功率的2倍,所以B正確,C錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理可知摩托車從最高點(diǎn)經(jīng)半周到最低點(diǎn)的過程中克服阻力做的功等于發(fā)動(dòng)機(jī)做的功與2mgR之和,D錯(cuò)誤5(2016太原第二學(xué)段測(cè)評(píng))水平地面上有一木箱,木箱與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(01)現(xiàn)對(duì)木箱施加一拉力F,使木箱做勻速直線運(yùn)動(dòng)設(shè)F的方向與水平面的夾角為,如圖在從0逐漸增大到90的過程中,木箱的速度保持不變,則(B)AF先增大后減小BF的功率一直減小CF的功率先減小后增大DF的
6、功率不變解析:木箱做勻速直線運(yùn)動(dòng),即木箱所受合外力為0,故水平方向有Fcos FN,豎直方向有mgFNFsin ,聯(lián)立解得F,令sin ,則有F,故從0逐漸增大到90過程中,sin()先增大后減小,F(xiàn)先減小后增大,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;F的功率為Pvcos ,則從0逐漸增大到90的過程中,tan 一直增大,故F的功率一直減小,選項(xiàng)B正確,選項(xiàng)CD錯(cuò)誤6(2016天津十二區(qū)縣聯(lián)考)一個(gè)質(zhì)量為m的木塊靜止在粗糙的水平面上,木塊與水平面間的滑動(dòng)摩擦力大小為2F0,某時(shí)刻開始受到如圖所示的水平拉力的作用,下列說法正確的是(D)A0到t0時(shí)間內(nèi),木塊的位移大小為Bt0時(shí)刻合力的功率為C0到t0時(shí)間內(nèi),水平拉力做功
7、為D2t0時(shí)刻,木塊的速度大小為解析:0到t0時(shí)間內(nèi),木塊的加速度為a1,木塊的位移大小x1a1t,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;t0時(shí)刻木塊的速度為v1a1t0,故合力的功率Pma1v1,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;0到t0時(shí)間內(nèi),水平拉力做功為W14F0x1,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;t0之后木塊的加速度a2,2t0時(shí)刻,木塊的速度大小為v2v1a2t0,選項(xiàng)D正確7(2016廣州調(diào)研測(cè)試)如圖所示,質(zhì)量為M4 kg的木板靜止在光滑的水平面上,在木板的右端放置一個(gè)質(zhì)量m1 kg大小可以忽略的鐵塊,鐵塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.4,在鐵塊上加一個(gè)水平向左的恒力F8 N,鐵塊在長L6 m的木板上滑動(dòng)取g10 m/s2.求:(1)經(jīng)過多長時(shí)間
8、鐵塊運(yùn)動(dòng)到木板的左端;(2)在鐵塊到達(dá)木板左端的過程中,恒力F對(duì)鐵塊所做的功;(3)在鐵塊到達(dá)木板左端時(shí),鐵塊和木板的總動(dòng)能解析:(1)鐵塊與木板間的滑動(dòng)摩擦力fmg0.4110 N4 N鐵塊的加速度a1 m/s24 m/s2木板的加速度a2 m/s21 m/s2鐵塊滑到木板左端的時(shí)間為t則a1t2a2t2L代入數(shù)據(jù)解得t2 s(2)鐵塊位移s1a1t2422m8 m木板位移s2a2t2122 m2 m恒力F對(duì)鐵塊做的功WFs188 J64 J(3)方法一:鐵塊的動(dòng)能EkA(Ff)s1(84)8 J32 J木板的動(dòng)能EkBfs242 J8 J鐵塊和木板的總動(dòng)能Ek總EkAEkB32 J8 J40 J方法二:鐵塊的速度v1a1t42 m/s8 m/s鐵塊的動(dòng)能EkAmv182 J32 J木板的速度v2a2t12 m/s2 m/s木板的動(dòng)能EkBMv422 J8 J鐵塊和木板的總動(dòng)能Ek總EkAEkB32 J8 J40 J答案:見解析