《山西大同南郊區(qū)2015屆二輪復(fù)習(xí)專(zhuān)題七：排列、組合、二項(xiàng)式定理》由會(huì)員分享，可在線(xiàn)閱讀，更多相關(guān)《山西大同南郊區(qū)2015屆二輪復(fù)習(xí)專(zhuān)題七：排列、組合、二項(xiàng)式定理（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、2015專(zhuān)題七：排列、組合、二項(xiàng)式定理 一、核心知識(shí)點(diǎn)歸納： 一、分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理與分步乘法計(jì)數(shù)原理 1 .分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理 完成一件事有兩類(lèi)不同方案， 在第1類(lèi)方案中有m種不同的方法，在第2類(lèi)方案中有n種不同的方法.那 么完成這件事共有 N = m+ n種不同方法. 2 .分步乘法計(jì)數(shù)原理 完成一件事需要兩個(gè)步驟，做第 1步有m種不同的方法，做第2步有n種不同的方法，那么完成這件 事共有N = mx n種不同的方法. 注息： 1 .分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理在使用時(shí)易忽視每類(lèi)做法中每一種方法都能完成這件事情，類(lèi)與類(lèi)之間是獨(dú)立 的. 2 .分步乘法計(jì)數(shù)原理在使用時(shí)易忽視每步中某一種方法

2、只是完成這件事的一部分，而未完成這件事， 步步之間是相關(guān)聯(lián)的. 二、排列與組合 1 .排列與排列數(shù) (1)排列: 從n個(gè)不同元素中取出 m(m< n)個(gè)元素，按照一定的順序排成一列，叫做從 n個(gè)不同元素中取出 m 個(gè)元素的一個(gè)排列. (2)排列數(shù)： 從n個(gè)不同元素中取出 m(mwn)個(gè)元素的所有不同排列的個(gè)數(shù)，口4做從 n個(gè)不同元素中取出 m個(gè)元 素的排列數(shù)，記作 Am. 2 .組合與組合數(shù) (1)組合：從n個(gè)不同元素中取出 m(mw n)個(gè)元素合成一組，叫做從 n個(gè)不同元素中取出 m個(gè)元素的 一個(gè)組合. (2)組合數(shù)：從n個(gè)不同元素中取出 m(m< n)個(gè)元素的所有不同組

3、合的個(gè)數(shù)：叫做從 n個(gè)不同元素中 取出m個(gè)元素的組合數(shù)，記作 Cmn. 3 .排列數(shù)、組合數(shù)的公式及性質(zhì) 公 式 排列數(shù)公式 Am= n(n — 1)(n — 2) -(n —m+ 1) _ n! (n — m ) 組合數(shù)公式 m_Am Cn - A m A m n(n — 1)?(n— m+ 1) m! _ n! m! (n— m )! 性 質(zhì) (1)An=n!_; (2)0! =1 (1)C0 = 1； (2)Cm = CF_； (3)Cm+Cm1=Cm+1 備 注 n, m€ N*且 m< n 汪思： 1 .易混淆排列與組合問(wèn)題，

4、區(qū)分的關(guān)鍵是看選出的元素是否與順序有關(guān)，排列問(wèn)題與順序有關(guān)，組 合問(wèn)題與順序無(wú)關(guān). 2 .計(jì)算 Am時(shí)易錯(cuò)算為 n(n-1)(n-2) - (n- m). 3 .易混淆排列與排列數(shù)，排列是一個(gè)具體的排法，不是數(shù)是一件事，而排列數(shù)是所有排列的個(gè)數(shù)， 是一個(gè)正整數(shù). 4 .排列問(wèn)題與組合問(wèn)題的識(shí)別方法： 識(shí)別方法 排列 若交換某兩個(gè)兀素的位置對(duì)結(jié)果產(chǎn)生影響，則是排列問(wèn)題，即排列問(wèn)題與選取兀素 順序有關(guān) 組合 若交換某兩個(gè)兀素的位置對(duì)結(jié)果沒(méi)有影響，則是組合問(wèn)題，即組合問(wèn)題與選取兀素 順序無(wú)關(guān) 5 .組合數(shù)的性質(zhì)中(2)的應(yīng)用主要是兩個(gè)方面，一個(gè)簡(jiǎn)化運(yùn)算，當(dāng) m>2時(shí)，通常將

5、計(jì)算 Cm轉(zhuǎn)化為計(jì) 算C二m二是列等式，由 &=cy可得x=y或x+ v= n.性質(zhì)⑶主要用于恒等變形簡(jiǎn)化運(yùn)算. 三、二項(xiàng)式定理 1 .二項(xiàng)式定理 (1)定理：公式(a+b)n = cnan+C1anTb+…+ dan—kbk+…+ Cnbn(nC N*)叫做二項(xiàng)式定理. (2)通項(xiàng)：Tk+i = Cnan kbk為展開(kāi)式的第k+ 1項(xiàng). 2 .二項(xiàng)式系數(shù)與項(xiàng)的系數(shù) (1)二項(xiàng)式系數(shù)：二項(xiàng)展開(kāi)式中各項(xiàng)的系數(shù) cn(kC{0,1,…，n})叫做二項(xiàng)式系數(shù). (2)項(xiàng)的系數(shù)：項(xiàng)的系數(shù)是該項(xiàng)中非字母因數(shù)部分，包括符號(hào)等，與二項(xiàng)式系數(shù)是兩個(gè)不同的概念. 3 .二項(xiàng)式系數(shù)的性質(zhì) 性質(zhì)

6、 內(nèi)容 對(duì)稱(chēng)性 與首末兩端等距離的兩個(gè)二項(xiàng)式系數(shù)相等,即 Cm=Cn m 增減性 當(dāng)kv *時(shí)，二項(xiàng)式系數(shù)逐漸增大； , n+ 1 , 一，一，，一，一，， 當(dāng)女>守時(shí)，二項(xiàng)式系數(shù)逐漸減小 取大值 當(dāng)n是偶數(shù)時(shí)，中間一項(xiàng) /2+1項(xiàng)j的二項(xiàng)式系數(shù)最大，最大值為 C n2 ; 當(dāng)n是奇數(shù)時(shí)，中間兩項(xiàng) 了1項(xiàng)和第n ~21+1項(xiàng)）的二項(xiàng)式系數(shù)相等，且 n—1 n+1 同時(shí)取得最大值，最大值為 Cn〒或Cn工 4 .各二項(xiàng)式系數(shù)的和 （a+b）n的展開(kāi)式的各個(gè)二項(xiàng)式系數(shù)的和等于 2n,即C土CC土二 Cjj+…+冕=2n. 二項(xiàng)展開(kāi)式中，偶數(shù)項(xiàng)的

7、二項(xiàng)式系數(shù)的和等于奇刎的二項(xiàng)式系數(shù)的和，即 儲(chǔ)+C：+第+…=C0+ o| +C：+…=2n 1. 一、/ 在思 1 .二項(xiàng)式的通項(xiàng)易誤認(rèn)為是第 k項(xiàng)實(shí)質(zhì)上是第k+ 1項(xiàng). 2 . （a+b）n與（b+a）n雖然相同，但具體到它們展開(kāi)式的某一項(xiàng)時(shí)是不相同的，所以公式中的第一個(gè)量 a與第二個(gè)量b的位置不能顛倒. 3 .易混淆二項(xiàng)式中的“項(xiàng)”，“項(xiàng)的系數(shù)”、“項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)”等概念，注意項(xiàng)的系數(shù)是指非字 母因數(shù)所有部分，包含符號(hào)，二項(xiàng)式系數(shù)僅指 d%=0,1,…，n）. 二、典型例題講解： 一、計(jì)數(shù)原理 考點(diǎn)一 分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理 防自主練透型 1 .在所有的兩位數(shù)中，個(gè)位數(shù)

8、字大于十位數(shù)字的兩位數(shù)共有 （ ） A. 50 個(gè) B. 45 個(gè) C. 36 個(gè) D. 35 個(gè) 解析：選C 利用分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理： 8+7+6+ 5+ 4+3 + 2+1 = 36（個(gè)）. 2.五名籃球運(yùn)動(dòng)員比賽前將外衣放在休息室，比賽后都回到休息室取衣服.由于燈光暗淡，看不清 自己的外衣，則至少有兩人拿對(duì)自己的外衣的情況有 （ ） A. 30 種 B. 31 種 C. 35 種 D. 40 種 解析：選B 分類(lèi)：第一類(lèi)，兩人拿對(duì)： 2XC2 5= 20種；第二類(lèi)，三人拿對(duì)： C35=10種；第三類(lèi)， 四人拿對(duì)與五人拿對(duì)一樣，所以有 1種.故共有20+10+1 = 31

9、種. 3. （2013三門(mén)峽模擬）有4位教師在同一年級(jí)的 4個(gè)班中各教一個(gè)班的數(shù)學(xué)，在數(shù)學(xué)檢測(cè)時(shí)要求每位 教師不能在本班監(jiān)考，則監(jiān)考的方法有 （ ） A. 8種 B. 9種 C. 10 種 D. 11 種 解析：選B 設(shè)四位監(jiān)考教師分別為 A, B, C, D,所教班分別為a, b, c, d,假設(shè)A監(jiān)考b,則余 下三人監(jiān)考剩下的三個(gè)班，共有 3種不同方法，同理 A監(jiān)考c, d時(shí)，也分別有3種不同方法，由分類(lèi)加 法計(jì)數(shù)原理共有 3 + 3+3=9（種）. 考點(diǎn)二 分步乘法計(jì)數(shù)原理 防和生共耐型 ［典例］ P 三棱 柱 AiBiCi不涂 共有c3 x C2 （20

10、14本溪模擬）如圖所示的幾何體是由一個(gè)正三棱錐 P-ABC與正 _/弋\ ABC-AiBiCi組合而成，現(xiàn)用3種不同顏色對(duì)這個(gè)幾何體的表面染色 （底面 色），要求相鄰的面均不同色，則不同的染色方案共有 種. 八二；二71G ［解析］先涂三棱錐P-ABC的三個(gè)側(cè)面，然后涂三棱柱的三個(gè)側(cè)面， 阻 XC：XC2=3X2X ix 2=i2種不同的涂法. ［答案］i2 ［針對(duì)訓(xùn)練］ 在航天員進(jìn)行的一項(xiàng)太空實(shí)驗(yàn)中，先后要實(shí)施 6個(gè)程序，其中程序 A只能出現(xiàn)在第一步或最后一步, 程序B和C實(shí)施時(shí)必須相鄰，則實(shí)驗(yàn)順序的編排方法共有 （ ） A. 24 種 B. 48 種 C. 96 種 D

11、. i44 種 解析：選C 第一步安排A有2種方法；第二步在剩余的 5個(gè)位置選取相鄰的兩個(gè)排 B, C,有4種 排法，而B(niǎo), C位置互換有2種方法； 第三步安排剩余的3個(gè)程序，有A3種排法，共有2X4X2X A，= 96種. 考點(diǎn)三 兩個(gè)原理的綜合應(yīng)用 院師生共砰型 ［典例］（20i4黃?岡質(zhì)檢）設(shè)集合I = {i,2,3,4,5},選擇集合I的兩個(gè)非空子集 A和B,若集合B中最小 的元素大于集合 A中最大的元素，則不同的選擇方法共有 （ ） A. 50 種 B. 49 種 C . 48 種 D . 47 種 ［解析］從5個(gè)元素中選出2個(gè)元素，小的給集合 A,大的給集

12、合B,有C2= i0種選擇方法；從5個(gè) 元素中選出3個(gè)元素，有C5 = i0種選擇方法，再把這 3個(gè)元素從小到大排列，中間有 2個(gè)空，用一個(gè)隔 板將其隔開(kāi)，一邊給集合 A, 一邊2合集合 B,方法種數(shù)是2,故此時(shí)有i0X 2 = 20種選擇方法；從5個(gè)元 素中選出4個(gè)元素，有C4=5種選擇方法，從小到大排列，中間有 3個(gè)空，用一個(gè)隔板將其隔開(kāi)，一邊給 集合A, 一邊給集合B,方法種數(shù)是3,故此時(shí)有5X3=i5種選擇方法；從5個(gè)元素中選出5個(gè)元素，有 C5=i種選擇方法，同理隔開(kāi)方法有 4種，故此時(shí)有iX4=4種選擇方法.根據(jù)分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理，總計(jì) 為i0+20+i5+4 = 49種選擇方

13、法.故選 B. ［答案］B —| 本例中條件若變?yōu)椤?A={i,2,3,4} , B = {5,6,7} , C = {8,9}現(xiàn)從中取出兩個(gè)集合， 再?gòu)倪@兩個(gè) 題 蓼 集合中各取出一個(gè)元素，組成一個(gè)含有兩個(gè)元素的集合”，則可以組成多少個(gè)集合？ 變 解：⑴選集合A, B,有C4C3=i2; (2)選集合 A, C,有 C4C2=8； ⑶選集合B, C,有C1C2=6; 故可以組成12+ 8+6=26個(gè)集合. ［針對(duì)訓(xùn)練］ 上海某區(qū)政府召集 5家企業(yè)的負(fù)責(zé)人開(kāi)年終總結(jié)經(jīng)驗(yàn)交流會(huì)，其中甲企業(yè)有 2人到會(huì)，其余4家企業(yè) 各有1人到會(huì)，會(huì)上推選 3人發(fā)言，則這3人來(lái)自3家不同企業(yè)

14、的可能情況的種數(shù)為 . 解析：若3人中有一人來(lái)自甲企業(yè)，則共有 C2c4種情況，若3人中沒(méi)有甲企業(yè)的，則共有 C4種情況， 由分類(lèi)加法計(jì)數(shù)原理可得，這 3人來(lái)自3家不同企業(yè)的可能情況共有 C2c4+c4=16（種）. 答案：16 二、排列組合 考點(diǎn)一 排列問(wèn)題 卜自豐練透型 1 .數(shù)列｛ an｝共有六項(xiàng)，其中四項(xiàng)為 1,其余兩項(xiàng)各不相同，則滿(mǎn)足上述條件的數(shù)列 ｛ an｝共有（ ） A. 30 個(gè) B. 31 個(gè) C. 60 個(gè) D. 61 個(gè) 解析：選A 在數(shù)列的六項(xiàng)中，只要考慮兩個(gè)非 1的項(xiàng)的位置，即得不同數(shù)列，共有 A2=30個(gè)不同 的數(shù)列. 2. （2013

15、東北三校聯(lián)考）在數(shù)字1,2,3與符號(hào)“ + ”，“―”這五個(gè)元素的所有全排列中，任意兩個(gè)數(shù) 字都不相鄰的全排列方法共有 （） A. 6 種 B. 12 種 C. 18 種 D. 24 種 解析：選B本題主要考查某些元素不相鄰的問(wèn)題，先排符號(hào) “ + ”，“― ”，有A2種排列方法，此 時(shí)兩個(gè)符號(hào)中間與兩端共有 3個(gè)空位，把數(shù)字1,2,3 “插空”，有A3種排列方法，因此滿(mǎn)足題目要求的排 列方法共有A2A3=12種. 3. （2013西安檢測(cè)）8名游泳運(yùn)動(dòng)員參加男子 100米的決賽，已知游泳池有從內(nèi)到外編號(hào)依次為 1,2,3,4,5,6,7,8的8條泳道，若指定的3名運(yùn)動(dòng)員所在的泳

16、道編號(hào)必須是 3個(gè)連續(xù)數(shù)字（如：5,6,7）,則參加 游泳的這8名運(yùn)動(dòng)員被安排泳道的方式共有 （ ） A. 360 種 B. 4 320 種 C. 720 種 D. 2 160 種 解析：選B 法一：先從8個(gè)數(shù)字中取出3個(gè)連續(xù)的數(shù)字共有 6種方法，將指定的3名運(yùn)動(dòng)員安排在 這3個(gè)編號(hào)的泳道上，剩下的 5名運(yùn)動(dòng)員安排在其他編號(hào)的 5條泳道上，共有6A3A5= 4 320種安排方式. 法二：先將所在的泳道編號(hào)是 3個(gè)連續(xù)數(shù)字的3名運(yùn)動(dòng)員全排列，有A3種排法，然后把他們捆綁在一 起當(dāng)作一名運(yùn)動(dòng)員，再與剩余 5名運(yùn)動(dòng)員全排列，有 A6種排法，故共有 A3A6=4 320種安排方式. ［類(lèi)題

17、通法］ 求解排列應(yīng)用題的主要方法 直接法 把符合條件的排列數(shù)直接列式計(jì)算 優(yōu)先法 優(yōu)先安排特殊兀素或特殊位置 捆綁法 把相鄰兀素看作一個(gè)整體與其他兀素一起排列，同時(shí)注意捆綁兀素的內(nèi)部排列 插空法 對(duì)不相鄰問(wèn)題，先考慮/、受限制的兀素的排列，再將不相鄰的兀素插在前面兀 素排列的空檔中 先整體 后局部 “小集團(tuán)”排列問(wèn)題中先整體后局部 定序問(wèn)題 除法處理 對(duì)于定序問(wèn)題，可先不考慮順序限制，排列后，再除以定序元素的全排列 間接法 正難則反，等價(jià)轉(zhuǎn)化的方法 考點(diǎn)二 組合問(wèn)題 ＞幣生共研型 ［典例］（2013重慶高考）從3名骨科、4名腦外科

18、和5名內(nèi)科醫(yī)生中選派 5人組成一個(gè)抗震救災(zāi)醫(yī)療小 組，則骨科、腦外科和內(nèi)科醫(yī)生都至少有 1人的選派方法種數(shù)是 （用數(shù)字作答）. ［解析］直接法分類(lèi)，3名骨科，內(nèi)科、腦外科各 1名；3名腦外科，骨科、內(nèi)科各 1名；3名內(nèi)科， 骨科、腦外科各1名；內(nèi)科、腦外科各 2名，骨科1名；骨科、內(nèi)科各 2名，腦外科1名；骨科、腦外科 各 2 名,內(nèi)科 1 名.所以選派種數(shù)為 c3 c4 C1+C3 c3 c5+c3 c1 c4+c4 c2c3+c3 c2 c4+c2 c2 c5= 590. ［答案］590 ［針對(duì)訓(xùn)練］ （2013四平質(zhì)檢）從5名男醫(yī)生、4名女醫(yī)生中選3名醫(yī)生組成一個(gè)醫(yī)療小分隊(duì)，要求

19、其中男、女醫(yī)生 都有，則不同的組隊(duì)方案共有 （ ） A. 70 種 B. 80 種 C. 100 種 D. 140 種 解析：選A 法一（間接法）：當(dāng)選擇的3名醫(yī)生都是男醫(yī)生或都是女醫(yī)生時(shí)，共有 C3+C4=14種組隊(duì) 方案.當(dāng)從9名醫(yī)生中選擇3名醫(yī)生時(shí)，共有 C3= 84種組隊(duì)方案，所以男、女醫(yī)生都有的組隊(duì)方案共有 84—14= 70 種. 法二（直接法）：當(dāng)小分隊(duì)中有1名女醫(yī)生時(shí)，有 C4c2= 40種組隊(duì)方案；當(dāng)小分隊(duì)中有 2名女醫(yī)生時(shí)， 有C2c5 =30種組隊(duì)方案，故共有 70種不同的組隊(duì)方案. 考點(diǎn)三 分組分配問(wèn)題 ＞多維探究型 角度一整體均分問(wèn)題 1

20、.國(guó)家教育部為了發(fā)展貧困地區(qū)教育，在全國(guó)重點(diǎn)師范大學(xué)免費(fèi)培養(yǎng)教育專(zhuān)業(yè)師范生，畢業(yè)后要分 到相應(yīng)的地區(qū)任教.現(xiàn)有 6個(gè)免費(fèi)培養(yǎng)的教育專(zhuān)業(yè)師范畢業(yè)生要平均分到 3所學(xué)校去任教，有 種 不同的分派方法. 8 。2。2。2 0 解析：先把6個(gè)畢業(yè)生平均分成 3組，有 方法，故6個(gè)畢業(yè)生平均分到 3所學(xué)校，共有 C6C3C2種方法，再將3組畢業(yè)生分到3所學(xué)校，有a3=6種 A3 「20202 一 3— A 3 = 90種分派方法. A3 答案：90 角度二 部分均分問(wèn)題 2 .將6本不同的書(shū)分給甲、乙、丙、丁 4個(gè)人，每人至少1本的不同分法共有 種.（用數(shù)字 作答）

21、 解析：把6本不同的書(shū)分成 4組，每組至少1本的分法有2種. 「301010！ ①有1組3本，其余3組每組1本，不同的分法共有 C6C3C2C1 = 20種; A3 ②有2組每組2本，其余 2組每組1本，不同的分法共有 C6C2 c2c 2 A2 A2 1 1=45 種. 所以不同的分組方法共有 20+45=65 種. 11 然后把分好的4組書(shū)分給 4個(gè)人，所以不同的分法共有 65XA4= 1 560種. 答案：1 560 角度三不等分問(wèn)題 3 .將6名教師分到3所中學(xué)任教，一所1名，一所2名，一所3名，則有 種不同的分法. 解析：將6名

22、教師分組，分三步完成: 第1步，在6名教師中任取1名作為一組，有 C1種取法； 第2步，在余下的5名教師中任取2名作為一組，有 C5種取法; 第3步，余下的3名教師作為一組，有 C3種取法. 根據(jù)分步乘法計(jì)數(shù)原理，共有 c6c5c3 = 60種取法. 再將這3組教師分配到3所中學(xué)，有a3=6種分法， 故共有60X 6 = 360種不同的分法. 答案：360 三、二項(xiàng)式定理 考點(diǎn)一二項(xiàng)式中的特定項(xiàng)或特定項(xiàng)的系數(shù)A自主填透型 1 . （2013江西高考）卜2—3」5展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為（） A. 80 B. — 80 C. 40 D. — 40 解析：選 C Tr+1 =

23、C5（x2）"r F j J=C5 （―2）r x10-5「，令 10—5r=0,彳# r= 2,故常數(shù)項(xiàng)為 C5x（— 2）2= 40. 2. （2014浙江五校聯(lián)考）在卜2+：，5的展開(kāi)式中x的系數(shù)為（） C. 20 D. 40 解析：選 B ???「+〔 = C5(x2)"re；r=C5x10—3r,，X 的系數(shù)為 c5=10,故選 B. 3. (2013安徽高考)若 的展開(kāi)式中 x4的系數(shù)為7,則實(shí)數(shù)a = 解析：二項(xiàng)式x+f-f展開(kāi)式的通項(xiàng)為 8 4r Tr+i = Cfarx -3,，令 8-^r=4,可得 r=3,故 C3a3 = 7,易得

24、 3 1 a = 2. , 1 答案：2 ［類(lèi)題通法］ 求二項(xiàng)展開(kāi)式中的指定項(xiàng)，一般是利用通項(xiàng)公式進(jìn)行化簡(jiǎn)通項(xiàng)公式后， 令字母的指數(shù)符合要求(求常數(shù) 項(xiàng)時(shí)，指數(shù)為零；求有理項(xiàng)時(shí)，指數(shù)為整數(shù)等 )，解出項(xiàng)數(shù)r+1,代回通項(xiàng)公式即可. 考點(diǎn)二 二項(xiàng)式系數(shù)和或各項(xiàng)系數(shù)和問(wèn)題 ＞網(wǎng)生共研理 (3x_^\A__ 1 ［典例］(1)(2014北京西城一模)若3x 3卜m的展開(kāi)式中二項(xiàng)式系數(shù)之和為 128,則展開(kāi)式中y的系 I 電x J x 數(shù)是( ) A. 21 B. -21 C. 7 D. —7 (2)(2013 成都診斷)若(1—2x)4=aO + aix+ a2+a3x3

25、+a4x4,則 a1 + a2+a3+a4=. (_ 7 包 ［解析］(1)--2m=128,，m=7, ???展開(kāi)式的通項(xiàng) Tr+i=C7(3x)7- g r= C73 (—1)rx 3,令 7 -|r=-3,解得 r = 6, .?弓的系數(shù)為 C637 6(- 1)6= 21,故選 A. 3 x (2)令 x=1 可得 a0+ai+a2+a3+a4=1,令 x=0,可得 a0=1,所以 a1 + a2 + a3+a4=0. ［答案］(1)A (2)0 一題 多能 在本例(2)中條件不變，問(wèn)題變?yōu)椤扒?同+必1|+忸2|+咫|+忸4|的值”. 解：由題意知(1 + 2x)4

26、= aO+|ai|x+|a2|x2+|a3|x3+|a4|x4,令 x= 1 得 a+|ai|+|a2|+|a3|+|a4|= 34=81. ［針對(duì)訓(xùn)練］ 口" s2 013 2 2 013 a1 , a2 32013 右(1—2x) = a0+a［x+ a2x + …+ a2 0i3x ,則？ + ??+…+ 22013 =. 解析：當(dāng)x= 0時(shí)，左邊=1,右邊=a。，，a0=1. 當(dāng)x=2時(shí)，左邊=0,右邊=ap+al+al?+…+界建， --- o= i+a21"+ a?+ …+!2^. 即 a1■+ a2+ …+ a2 013 = — 1 2 2 2 答案：—1

27、考點(diǎn)三 多項(xiàng)式展開(kāi)式中的特定項(xiàng)（系數(shù)問(wèn)題）〉多維探究型 在高考中，常常涉及一些多項(xiàng)式二項(xiàng)式問(wèn)題，主要考查學(xué)生的化歸能力, 歸納起來(lái)常見(jiàn)的命題角度有： （1 "個(gè)多項(xiàng)式和的展開(kāi)式中的特定項(xiàng) （系數(shù) 戶(hù)題； （2肘個(gè)多項(xiàng)式積的展開(kāi)式中的特定項(xiàng) （系數(shù) 列題； （3『項(xiàng)展開(kāi)式中的特定項(xiàng)（系數(shù)劉題. 角度一 幾個(gè)多項(xiàng)式和的展開(kāi)式中的特定項(xiàng)問(wèn)題 1 .g—2 4+j+X）的展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為（） A. 32 B. 34 C. 36 D. 38 解析：選 D E3—2 4 的展開(kāi)式的通項(xiàng)為 Tm+1=CT（x3）4—m 1— X ,m=cm（-2）mx12 4m,令 12 —4m= 0,

28、解 得m=3, k+XI8的展開(kāi)式的通項(xiàng)為 Tn+1=Cnx8—ng；n=C8x8-2n,令8-2n=0,解得n=4,所以所求常數(shù) 項(xiàng)為 C3（ —2）3+c8 = 38. 角度二 幾個(gè)多項(xiàng)式積的展開(kāi)式中的特定項(xiàng) （系數(shù)）問(wèn)題 2. （2013全國(guó)課標(biāo)卷H ）已知（1+ax）（1+x）5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為5,則a=（ ） A. —4 B.-3 C. —2 D. - 1 解析：選D 展開(kāi)式中含x2的系數(shù)為c2+aC5=5,解得a=-1,故選D. 角度三三項(xiàng)展開(kāi)式中特定項(xiàng)（系數(shù)）問(wèn)題 3. j|+1+42｝的展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為 .（用數(shù)字作答） 解析：原式=：+2產(chǎn)+2尸點(diǎn)[（x+啦）2]5=32%（x+V2）10. 求原式的展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)，轉(zhuǎn)化為求 （x+，2）10的展開(kāi)式中含x5項(xiàng)的系數(shù)，即c1o《/2）5. 所以所求的常數(shù)項(xiàng)為 C50 ( .2)5= 63 2 32 — 2 答案：歲