《【創(chuàng)新方案】高考數(shù)學理一輪知能檢測：第8章 第9節(jié)　圓錐曲線的綜合問題》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《【創(chuàng)新方案】高考數(shù)學理一輪知能檢測：第8章 第9節(jié)　圓錐曲線的綜合問題（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、高考數(shù)學精品復(fù)習資料 2019.5第九節(jié)圓錐曲線的綜合問題全盤鞏固1如圖，中心均為原點O的雙曲線與橢圓有公共焦點，M，N是雙曲線的兩頂點若M，O，N將橢圓長軸四等分，則雙曲線與橢圓的離心率的比值是()A3 B2 C. D.解析：選B設(shè)橢圓長半軸長為a(a0)，則雙曲線半實軸的長為，由于雙曲線與橢圓共焦點，設(shè)焦距為2c，所以雙曲線的離心率e1，橢圓的離心率e2，所以2.2(20xx新課標全國卷)已知橢圓E：1(ab0)的右焦點為F(3,0)，過點F的直線交E于A，B兩點若AB的中點坐標為(1，1)，則E的方程為()A.1 B.1C.1 D.1解析：選D由題意知kAB，設(shè)A(x1，y1)，B(x2

2、，y2)，則0.由AB的中點是(1，1)知則，聯(lián)立a2b29，解得a218，b29，故橢圓E的方程為1.3(20xx長春模擬)已知實數(shù)4，m,9構(gòu)成一個等比數(shù)列，則圓錐曲線y21的離心率為()A. B. C.或 D.或7解析：選C因為4，m,9成等比數(shù)列，所以m6，當m6時，y21為橢圓a26，b21，c25.所以離心率e；當m6時，y21為雙曲線，a21，b26，c27，所以離心率e.4(20xx湖州模擬)在平面直角坐標系xOy中，拋物線C：y22px(p0)的焦點為F，M是拋物線C上的點，若OFM的外接圓與拋物線C的準線相切，且該圓面積為9，則p()A2 B4 C6 D8解析：選B依題意得

3、，OFM的外接圓半徑為3，OFM的外接圓圓心應(yīng)位于線段OF的垂直平分線x上，圓心到準線x的距離等于3，即有3，由此解得p4.5(20xx全國高考)已知拋物線C：y28x與點M(2,2)，過C的焦點且斜率為k的直線與C交于A、B兩點若0，則k ()A. B. C. D2解析：選D如圖所示，設(shè)F為焦點，取AB中點P，過A，B分別作準線的垂線，垂足分別為G，H，連接MF，MP，由0，知MAMB，則|MP|AB|(|AG|BH|)，所以MP為直角梯形BHGA的中位線，所以MPAGBH，所以GAMAMPMAP，又|AG|AF|，AM為公共邊，所以AMGAMF，所以AFMAGM90，則MFAB，所以k2.

4、6. 如圖，已知過拋物線y22px(p0)的焦點F的直線xmym0與拋物線交于A、B兩點，且OAB(O為坐標原點)的面積為2，則m6m4的值是()A1 B. C2 D4解析：選C設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，由題意可知，m，將xmym代入拋物線方程y22px(p0)中，整理得y22pmy2pm0，由根與系數(shù)的關(guān)系，得y1y22pm，y1y22pm，則(y1y2)2(y1y2)24y1y2(2pm)28pm16m416m2，又OAB的面積S|y1y2|(m)42，兩邊平方即可得m6m42.7(20xx安徽高考)已知直線ya交拋物線yx2于A，B兩點若該拋物線上存在點C，使得ACB為直角，

5、則a的取值范圍為_解析：法一：設(shè)直線ya與y軸交于點M，拋物線yx2上要存在點C，只要以|AB|為直徑的圓與拋物線yx2有除A、B外的交點即可，也就是使|AM|MO|，即a(a0)，所以a1.法二：易知a0，設(shè)C(m，m2)，由已知可令A(yù)(，a)，B(，a)，則 (m，m2a)，(m，m2a)，因為，所以m2am42am2a20，可得(m2a)(m21a)0.因為由題易知m2a，所以m2a10，故a1，)答案：1，)8若C(，0)，D(，0)，M是橢圓y21上的動點，則的最小值為_解析：由橢圓y21知c2413，c，C，D是該橢圓的兩焦點，令|MC|r1，|MD|r2，則r1r22a4，又r1

6、r24，1.當且僅當r1r2時，上式等號成立故的最小值為1.答案：19曲線C是平面內(nèi)與兩個定點F1(1,0)和F2(1,0)的距離的積等于常數(shù)a2(a1)的點的軌跡給出下列三個結(jié)論：曲線C過坐標原點；曲線C關(guān)于坐標原點對稱；若點P在曲線C上，則F1PF2的面積不大于a2.其中，所有正確結(jié)論的序號是_解析：因為原點O到兩個定點F1(1,0)，F(xiàn)2(1,0)的距離的積是1，而a1，所以曲線C不過原點，即錯誤；因為F1(1，0)，F(xiàn)2(1,0)關(guān)于原點對稱，所以|PF1|PF2|a2對應(yīng)的軌跡關(guān)于原點對稱，即正確；因為SF1PF2|PF1|PF2|sinF1PF2|PF1|PF2|a2，即F1PF2

7、的面積不大于a2，所以正確答案：10已知橢圓C的中心為坐標原點O，一個長軸頂點為(0,2)，它的兩個短軸頂點和焦點所組成的四邊形為正方形，直線l與y軸交于點P(0，m)，與橢圓C交于異于橢圓頂點的兩點A，B，且2.(1)求橢圓的方程；(2)求m的取值范圍解：(1)由題意，知橢圓的焦點在y軸上，設(shè)橢圓方程為1(ab0)，由題意，知a2，bc，又a2b2c2，則b，所以橢圓方程為1.(2)設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，由題意，知直線l的斜率存在，設(shè)其方程為ykxm，與橢圓方程聯(lián)立，即消去y，得(2k2)x22mkxm240，(2mk)24(2k2)(m24)0，由根與系數(shù)的關(guān)系，知又2，即

8、有(x1，my1)2(x2，y2m)，所以x12x2.則所以22.整理，得(9m24)k282m2，又9m240時等式不成立，所以k20，得m20.所以m的取值范圍為.11已知橢圓1(ab0)的左焦點F1(1,0)，長軸長與短軸長的比是2.(1)求橢圓的方程；(2)過F1作兩直線m，n交橢圓于A，B，C，D四點，若mn，求證：為定值解：(1)由已知得解得a2，b.故所求橢圓方程為1.(2)證明：由已知F1(1,0)，當直線m不垂直于坐標軸時，可設(shè)直線m的方程為yk(x1)(k0)由得(34k2)x28k2x4k2120.由于0，設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則有x1x2，x1x2，|A

9、B| .同理|CD|.所以.當直線m垂直于坐標軸時，此時|AB|3，|CD|4；或|AB|4，|CD|3，.綜上，為定值.12(20xx江西高考)如圖，橢圓C：1(ab0)經(jīng)過點P，離心率e，直線l的方程為x4.(1)求橢圓C的方程；(2)AB是經(jīng)過右焦點F的任一弦(不經(jīng)過點P)，設(shè)直線AB與直線l相交于點M，記PA，PB，PM的斜率分別為k1，k2，k3.問：是否存在常數(shù)，使得k1k2k3？若存在，求的值；若不存在，說明理由解：(1)由P在橢圓上，得1.依題設(shè)知a2c，則b23c2.代入解得c21，a24，b23.故橢圓C的方程為1.(2)法一：由題意可設(shè)直線AB的斜率為k，則直線AB的方程

10、為yk(x1)代入橢圓方程3x24y212，并整理，得(4k23)x28k2x4(k23)0.設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，則有x1x2，x1x2.在方程中令x4，得M的坐標為(4,3k)從而k1，k2，k3k.由于A，F(xiàn)，B三點共線，則有kkAFkBF，即有k.所以k1k22k.代入得k1k22k2k1，又k3k，所以k1k22k3.故存在常數(shù)2符合題意法二：設(shè)B(x0，y0)(x01)，則直線FB的方程為y(x1)，令x4，求得M，從而直線PM的斜率為k3，聯(lián)立得A，則直線PA的斜率為k1，直線PB的斜率為k2，所以k1k22k3，故存在常數(shù)2符合題意沖擊名校如圖，已知橢圓1的左焦

11、點為F，過點F的直線交橢圓于A，B兩點，線段AB的中點為G，AB的中垂線與x軸和y軸分別交于D，E兩點(1)若點G的橫坐標為，求直線AB的斜率；(2)記GFD的面積為S1，OED(O為原點)的面積為S2.試問：是否存在直線AB，使得S1S2？說明理由解：(1)依題意可知，直線AB的斜率存在，設(shè)其方程為yk(x1)將其代入1，整理得(4k23)x28k2x4k2120.設(shè)A(x1，y1)，B(x2，y2)，所以x1x2.故點G的橫坐標為.解得k.(2)假設(shè)存在直線AB，使得S1S2，顯然直線AB不能與x，y軸垂直由(1)可得G.設(shè)D點坐標為(xD,0)因為DGAB，所以k1，解得xD，即D.因為

12、GFDOED，所以S1S2|GD|OD|.所以 ，整理得8k290.因為此方程無解，所以不存在直線AB，使得S1S2.高頻滾動(20xx北京高考)已知A，B，C是橢圓W：y21上的三個點，O是坐標原點(1)當點B是W的右頂點，且四邊形OABC為菱形時，求此菱形的面積；(2)當點B不是W的頂點時，判斷四邊形OABC是否可能為菱形，并說明理由解：(1)橢圓W：y21的右頂點B的坐標為(2,0)因為四邊形OABC為菱形，所以AC與OB相互垂直平分所以可設(shè)A(1，m)，代入橢圓方程得m21，即m.所以菱形OABC的面積是|OB|AC|22|m|.(2)四邊形OABC不可能為菱形，理由如下：假設(shè)四邊形OABC為菱形因為點B不是W的頂點，且直線AC不過原點，所以可設(shè)AC的方程為ykxm(k0，m0)由消去y并整理得(14k2)x28kmx4m240.設(shè)A(x1，y1)，C(x2，y2)，則，km.所以AC的中點為M.因為M為AC和OB的交點，所以直線OB的斜率為.因為k1，所以AC與OB不垂直所以四邊形OABC不是菱形，與假設(shè)矛盾所以當點B不是W的頂點時，四邊形OABC不可能是菱形