《一輪優(yōu)化探究理數蘇教版練習：第一章 第一節(jié)　集　合 Word版含解析》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《一輪優(yōu)化探究理數蘇教版練習：第一章 第一節(jié)　集　合 Word版含解析（5頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、高考數學精品復習資料 2019.5一、填空題1已知集合U0,1,2,3,4，M0,4，N2,4，則U(MN)_.解析：由題意得MN0,2,4，所以U(MN)1,3答案：1,32已知集合Ax|log2x2，B(，a)，若AB，則實數a的取值范圍是(c，)，其中c_.解析：由log2x2得04，c4.答案：43已知集合Ax|ylog2 (x2x2)，xR，Bx|y，xR，則AB_.解析：由x2x20得1x2，A(1,2)；由1x20得1x1，B1,1，AB(1,1答案：(1,14設全集UR，Ax|2x(x2)1，Bx|yln(1x)，則右圖中陰影部分表示的集合為_解析：A(0,2)，B(，1)，圖

2、中陰影部分表示的集合為AUB1,2)答案：1,2)5已知全集UAB中有m個元素，(UA)(UB)中有n個元素，若AB非空，則AB中的元素的個數為_解析：如圖，由UAB可得AB中的元素為AB中的元素除去(UA)(UB)中的元素，所以AB中的元素個數為mn.答案：mn6集合Mx|xsin ，nZ，Nx|xcos ，nZ，則MN_.解析：由與的終邊位置知M，0，N1,0,1，MN0答案：07(20xx江西七校聯(lián)考)若集合Px|3x22，非空集合Qx|2a1x3a5，則能使Q(PQ)成立的所有實數a的取值范圍為_解析：依題意，PQQ，QP，于是解得6a9，即實數a的取值范圍是(6,9答案：(6,98設

3、全集UR，Mm|方程mx2x10有實數根，Nn|方程x2xn0有實數根，則(UM)N_.解析：當m0時，x1，即0M；當m0時，14m0，即m，且m0，m，UMm|m，而對于N，14n0，即n，Nn|n，(UM)Nx|x答案：x|x9設S為復數集C的非空子集若對任意x，yS，都有xy，xy，xyS，則稱S為封閉集下列命題：集合Sabi|a，b為整數，i為虛數單位為封閉集；若S為封閉集，則一定有0S；封閉集一定是無限集；若S為封閉集，則滿足STC的任意集合T也是封閉集其中的真命題是_(寫出所有真命題的序號)解析：由題意，Sabi|a，b為整數，i為虛數單位，S為復數集，若x、yS，則xy，xy及

4、xy仍為復數，故正確若S為封閉集，且存在元素xS，那么必有xx0S，即一定有0S，故正確因為0是封閉集，且是有限集，故錯誤舉特例，若S0，T0，i，i，顯然，T中i(i)1T，T不是封閉集，故錯誤答案：二、解答題10已知集合Ax|1，xR，Bx|x22xm0，(1)當m3時，求A(RB)；(2)若ABx|1x4，求實數m的值解析：由1，得0.1x5，Ax|1x5(1)當m3時，Bx|1x3，則RBx|x1或x3，A(RB)x|3x5(2)Ax|1x5，ABx|1x4，有4224m0，解得m8.此時Bx|2x4，符合題意，故實數m的值為8.11設集合A(x，y)|y2x1，xN*，B(x，y)|

5、yax2axa，xN*，問是否存在非零整數a，使AB？若存在，請求出a的值；若不存在，說明理由解析：假設AB，則方程組有正整數解，消去y，得ax2(a2)xa10(*)由0，有(a2)24a(a1)0，解得a.a為非零整數，a1，當a1時，代入(*)，解得x0或x1，而xN*.故a1.當a1時，代入(*)，解得x1或x2，符合題意故存在a1，使得AB，此時AB(1,1)，(2,3)12對于函數f(x)，若f(x)x，則稱x為f(x)的“不動點”，若f(f(x)x，則稱x為f(x)的“穩(wěn)定點”，函數f(x)的“不動點”和“穩(wěn)定點”的集合分別記為A和B，即Ax|f(x)x，Bx|f(f(x)x(1

6、)求證：AB.(2)若f(x)ax21(aR，xR)，且AB，求實數a的取值范圍解析：(1)證明：若A，則AB顯然成立；若A，設tA，則f(t)t，f(f(t)f(t)t，即tB，從而AB.(2)A中元素是方程f(x)x，即ax21x的實根由A，知a0或即a，B中元素是方程a(ax21)21x，即a3x42a2x2xa10的實根，由AB，知上述方程左邊含有一個因式ax2x1，即方程可化為(ax2x1)(a2x2axa1)0.因此，若要AB，即要方程a2x2axa10 要么沒有實根，要么實根是方程ax2x10的根若沒有實根，則a24a2(1a)0，由此解得a.若有實根且的實根是的實根，則由有a2x2axa，代入有2ax10.由此解得x，再代入得10，由此解得a.故a的取值范圍是，