《高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)：第五章 ：第五節(jié)　數(shù)列的綜合問題演練知能檢測》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)：第五章 ：第五節(jié)　數(shù)列的綜合問題演練知能檢測（5頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、△+△2019年數(shù)學(xué)高考教學(xué)資料△+△ 第五節(jié)　數(shù)列的綜合問題 [全盤鞏固] 1．已知各項(xiàng)均不為0的等差數(shù)列{an}，滿足2a3－a＋2a11＝0，數(shù)列{bn}是等比數(shù)列，且b7＝a7，則b6b8＝(　　) A．2 B．4 C．8 D．16 解析：選D　因?yàn)閧an}為等差數(shù)列，所以a3＋a11＝2a7，所以已知等式可化為4a7－a＝0，解得a7＝4或a7＝0(舍去)，又{bn}為等比數(shù)列，所以b6b8＝b＝a＝16. 2．已知等比數(shù)列{an}中的各項(xiàng)都是正數(shù)，且5a1，a3,4a2成等差數(shù)列，則＝(　　) A．－1 B

2、．1 C．52n D．52n－1 解析：選C　設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q(q>0)，則依題意有a3＝5a1＋4a2，即a1q2＝5a1＋4a1q，q2－4q－5＝0，解得q＝－1或q＝5.又q>0，因此q＝5，所以＝＝q2n＝52n. 3．在直角坐標(biāo)系中，O是坐標(biāo)原點(diǎn)，P1(x1，y1)，P2(x2，y2)是第一象限的兩個點(diǎn)，若1，x1，x2,4依次成等差數(shù)列，而1，y1，y2,8依次成等比數(shù)列，則△OP1P2的面積是(　　) A．1 B．2 C．3 D．4 解析：選A　根據(jù)等差、等比數(shù)列的性質(zhì)，

3、可知x1＝2，x2＝3，y1＝2，y2＝4.∴P1(2,2)，P2(3,4)．∴S△OP1P2＝1. 4．已知函數(shù)y＝loga(x－1)＋3(a>0，a≠1)所過定點(diǎn)的橫、縱坐標(biāo)分別是等差數(shù)列{an}的第二項(xiàng)與第三項(xiàng)，若bn＝，數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn，則T10等于(　　) A. B. C. D. 解析：選B　由y＝loga(x－1)＋3恒過定點(diǎn)(2,3)，即a2＝2，a3＝3，又{an}為等差數(shù)列，∴an＝n，n∈N*.∴bn＝，∴T10＝－＋－＋…＋－＝1－＝. 5．(2014·寧波模擬)已知數(shù)列{an}滿足a

4、1＝0，an＋1＝an＋2＋1，則a13＝(　　) A．143　　　 B．156　 C．168 D．195 解析：選C　由an＋1＝an＋2＋1，可知an＋1＋1＝an＋1＋2＋1＝(＋1)2，即＝＋1，故數(shù)列{}是公差為1的等差數(shù)列，所以＝＋12＝13，則a13＝168. 6．?dāng)?shù)列{an}的通項(xiàng)an＝n2，其前n項(xiàng)和為Sn，則S30為(　　) A．470 B．490 C．495 D．510 解析：選A　注意到an＝n2cos，且函數(shù)y＝cos的最小正周期是3，因此當(dāng)n是正整數(shù)時，an＋an＋1＋an＋2＝－n2－(n＋1)2＋(n

5、＋2)2＝3n＋，其中n＝1,4，7，…，S30＝(a1＋a2＋a3)＋(a4＋a5＋a6)＋…＋(a28＋a29＋a30)＝＋＋…＋＝3×＋×10＝470. 7．(2013·江西高考)某住宅小區(qū)計(jì)劃植樹不少于100棵，若第一天植2棵，以后每天植樹的棵數(shù)是前一天的2倍，則需要的最少天數(shù)n(n∈N*)等于________． 解析：由題意知第n天植樹2n棵，則前n天共植樹2＋22＋…＋2n＝(2n＋1－2)棵，令2n＋1－2≥100，則2n＋1≥102，又25＋1＝26＝64,26＋1＝27＝128，∴n≥6.∴n的最小值為6. 答案：6 8．?dāng)?shù)列{an}是公

6、差不為0的等差數(shù)列，且a1，a3，a7為等比數(shù)列{bn}的連續(xù)三項(xiàng)，則數(shù)列{bn}的公比為________． 解析：由題意知a＝a1·a7，即(a1＋2d)2＝a1·(a1＋6d)，∴a1＝2d，∴等比數(shù)列{bn}的公比q＝＝＝2. 答案：2 9．(2014·臺州模擬)已知等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且＝，S7－S4＝15，則Sn的最小值為______． 解析：設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d，依題意有由此解得a1＝－15，d＝4，an＝4n－19，Sn＝＝2n2－17n＝22－2，因此當(dāng)n＝4時，Sn取得最小值2n2－17n＝2×42－17

7、×4＝－36. 答案：－36 10．(2013·新課標(biāo)全國卷Ⅱ)已知等差數(shù)列{an}的公差不為零，a1＝25，且a1，a11，a13成等比數(shù)列． (1)求{an}的通項(xiàng)公式； (2)求a1＋a4＋a7＋…＋a3n－2. 解：(1)設(shè)數(shù)列{an}的公差為d. 由題意，a＝a1a13，即(a1＋10d)2＝a1(a1＋12d)， 于是d(2a1＋25d)＝0. 又a1＝25，所以d＝0(舍去)，或d＝－2. 故an＝－2n＋27. (2)令Sn＝a1＋a4＋a7＋…＋a3n－2. 由(1)知a3n－2＝－6n＋31，故{a3n－2}是首項(xiàng)為25，公差為－6

8、的等差數(shù)列．從而Sn＝(a1＋a3n－2)＝·(－6n＋56)＝－3n2＋28n. 11．已知公差大于零的等差數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且滿足：a2·a4＝65，a1＋a5＝18. (1)若1<i<21，a1，ai，a21是某等比數(shù)列的連續(xù)三項(xiàng)，求i的值； (2)設(shè)bn＝，是否存在一個最小的常數(shù)m使得b1＋b2＋…＋bn<m對于任意的正整數(shù)n均成立？若存在，求出常數(shù)m；若不存在，請說明理由． 解：(1)∵{an}為等差數(shù)列， ∴a1＋a5＝a2＋a4＝18， 又a2·a4＝65， ∴a2，a4是方程x2－18x＋65＝0的兩個根

9、，[來源:[來源:] 又?jǐn)?shù)列{an}的公差d>0， ∴a2<a4，∴a2＝5，a4＝13.[來源:] ∴ ∴a1＝1，d＝4，∴an＝4n－3. ∵1<i<21，a1，ai，a21是某等比數(shù)列的連續(xù)三項(xiàng)， ∴a1·a21＝a， 即1×81＝(4i－3)2， 解得i＝3. (2)由(1)知，Sn＝n·1＋·4＝2n2－n， ∴bn＝＝， b1＋b2＋…＋bn ＝ ＝. ∵＝－<， ∴存在m＝使b1＋b2＋…＋bn<m對于任意的正整數(shù)n均成立． 12．已知正項(xiàng)數(shù)列{an}，{bn}滿足：a1

10、＝3，a2＝6，{bn}是等差數(shù)列，且對任意正整數(shù)n，都有bn，，bn＋1成等比數(shù)列． (1)求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式； (2)設(shè)Sn＝＋＋…＋，試比較2Sn與2－的大?。? 解：(1)∵對任意正整數(shù)n，都有bn，，bn＋1成等比數(shù)列，且數(shù)列{an}，{bn}均為正項(xiàng)數(shù)列， ∴an＝bnbn＋1(n∈N*)． 由a1＝3，a2＝6得 又{bn}為等差數(shù)列，即有b1＋b3＝2b2， 解得b1＝，b2＝， ∴數(shù)列{bn}是首項(xiàng)為，公差為的等差數(shù)列． ∴數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式為bn＝(n∈N*)． (2)由(1)得，對任意n∈N*， an＝bnbn＋1＝， 從而有＝＝2， ∴

11、Sn＝2＋＋…＋－＝1－. ∴2Sn＝2－. 又2－＝2－， ∴2Sn－＝－＝. ∴當(dāng)n＝1，n＝2時，2Sn<2－； 當(dāng)n≥3時，2Sn>2－. [沖擊名校] 已知Sn是正數(shù)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和，S，S，…，S，…是以3為首項(xiàng)，以1為公差的等差數(shù)列；數(shù)列{bn}為無窮等比數(shù)列，其前四項(xiàng)之和為120，第二項(xiàng)與第四項(xiàng)之和為90. (1)求an，bn； (2)從數(shù)列中能否挑出唯一的無窮等比數(shù)列，使它的各項(xiàng)和等于？若能的話，請寫出這個數(shù)列的第一項(xiàng)和公比；若不能的話，請說明理由． 解：(1){Sn}是以3為首項(xiàng)，以1為公差的等差數(shù)列， 所以S＝3＋(n－1)＝n＋2

12、. 因?yàn)閍n>0，所以Sn＝(n∈N*)， 當(dāng)n≥2時，an＝Sn－Sn－1＝－， 又a1＝S1＝，所以an＝(n∈N*)， 設(shè){bn}的首項(xiàng)為b1，公比為q，則有 所以即bn＝3n(n∈N*)． (2)＝n，設(shè)可以挑出一個無窮等比數(shù)列{cn}， 首項(xiàng)為c1＝p，公比為k(p，k∈N*)，它的各項(xiàng)和等于＝，則有＝， 所以p＝，[來源:] 當(dāng)p≥k時3p－3p－k＝8，即3p－k(3k－1)＝8， 因?yàn)閜，k∈N*，所以只有當(dāng)p－k＝0，k＝2，即p＝k＝2時，數(shù)列{cn}的各項(xiàng)和為.[來源:] 當(dāng)p<k時，3k－1＝8·3k－p，因?yàn)閗>p右邊

13、含有3的因數(shù)而左邊非3的倍數(shù)，不存在p，k∈N*， 所以存在唯一的等比數(shù)列{cn}，首項(xiàng)為，公比為，使它的各項(xiàng)和等于. [高頻滾動] 已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn，且滿足Sn＋n＝2an(n∈N*)． (1)證明：數(shù)列{an＋1}為等比數(shù)列，并求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式； (2)若bn＝(2n＋1)an＋2n＋1，求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Tn. 解：(1)證明：因?yàn)镾n＋n＝2an，即Sn＝2an－n， 所以Sn－1＝2an－1－(n－1)(n≥2，n∈N*)． 兩式相減化簡，得an＝2an－1＋1. 所以an＋1＝2(an－1＋1)(n≥2，n∈N*)． 所以

14、數(shù)列{an＋1}為等比數(shù)列． 因?yàn)镾n＋n＝2an，令n＝1，得a1＝1. a1＋1＝2，所以an＋1＝2n，即an＝2n－1. (2)因?yàn)閎n＝(2n＋1)an＋2n＋1， 所以bn＝(2n＋1)·2n. 所以Tn＝3×2＋5×22＋7×23＋…＋(2n－1)·2n－1＋(2n＋1)·2n，① 2Tn＝3×22＋5×23＋…＋(2n－1)·2n＋(2n＋1)·2n＋1，② ①－②，得 －Tn＝3×2＋2(22＋23＋…＋2n)－(2n＋1)·2n＋1 ＝6＋2×－(2n＋1)·2n＋1 ＝－2＋2n＋2－(2n＋1)·2n＋1 ＝－2－(2n－1)·2n＋1. 所以Tn＝2＋(2n－1)·2n＋1. 高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品 高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)精品