《人教版 高中數(shù)學(xué)選修23 課時(shí)跟蹤檢測(cè)六 二項(xiàng)式定理》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《人教版 高中數(shù)學(xué)選修23 課時(shí)跟蹤檢測(cè)六 二項(xiàng)式定理（3頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、人教版高中數(shù)學(xué)精品資料 課時(shí)跟蹤檢測(cè)(六) 二項(xiàng)式定理 一、選擇題一、選擇題 1二項(xiàng)式二項(xiàng)式(ab)2n的展開(kāi)式的項(xiàng)數(shù)是的展開(kāi)式的項(xiàng)數(shù)是( ) A2n B2n1 C2n1 D2(n1) 解析：解析：選選 B 根據(jù)二項(xiàng)式定理可知，展開(kāi)式共有根據(jù)二項(xiàng)式定理可知，展開(kāi)式共有 2n1 項(xiàng)項(xiàng) 2化簡(jiǎn)多項(xiàng)式化簡(jiǎn)多項(xiàng)式(2x1)55(2x1)410(2x1)310(2x1)25(2x1)1 的結(jié)果是的結(jié)果是( ) A(2x2)5 B2x5 C(2x1)5 D32x5 解析：解析：選選 D 原式原式(2x1)15(2x)532x5. 3在在 x13x24的展開(kāi)式中，的展開(kāi)式中，x 的冪指數(shù)是整數(shù)的項(xiàng)共有的冪指

2、數(shù)是整數(shù)的項(xiàng)共有( ) A3 項(xiàng)項(xiàng) B4 項(xiàng)項(xiàng) C5 項(xiàng)項(xiàng) D6 項(xiàng)項(xiàng) 解析：解析：選選 C Tk1Ck24 x24k2 xk3Ck24 x1256k，則，則 k0,6,12,18,24 時(shí)，時(shí)，x 的冪指數(shù)的冪指數(shù)為整數(shù)為整數(shù) 4在在 2x31x2n(nN*)的展開(kāi)式中，若存在常數(shù)項(xiàng)，則的展開(kāi)式中，若存在常數(shù)項(xiàng)，則 n 的最小值是的最小值是( ) A3 B5 C8 D10 解析：解析：選選 B Tk1Ckn(2x3)nk 1x2k2nk Cknx3n5k.令令 3n5k0，0kn， n 的最小值為的最小值為 5. 5對(duì)于二項(xiàng)式對(duì)于二項(xiàng)式 1xx3 n(nN*)，有以下四種判斷：，有以下四種判

3、斷： 存在存在 nN*，展開(kāi)式中有常數(shù)項(xiàng)；，展開(kāi)式中有常數(shù)項(xiàng)； 對(duì)任意對(duì)任意 nN*，展開(kāi)式中沒(méi)有常數(shù)項(xiàng)；，展開(kāi)式中沒(méi)有常數(shù)項(xiàng)； 對(duì)任意對(duì)任意 nN*，展開(kāi)式中沒(méi)有，展開(kāi)式中沒(méi)有 x 的一次項(xiàng)；的一次項(xiàng)； 存在存在 nN*，展開(kāi)式中有，展開(kāi)式中有 x 的一次項(xiàng)的一次項(xiàng) 其中正確的是其中正確的是( ) A與與 B與與 C與與 D與與 解析：解析：選選 D 二項(xiàng)式二項(xiàng)式 1xx3 n的展開(kāi)式的通項(xiàng)公式為的展開(kāi)式的通項(xiàng)公式為 Tk1Cknx4kn，由通項(xiàng)公式可知，由通項(xiàng)公式可知，當(dāng)當(dāng) n4k(kN*)和和 n4k1(kN*)時(shí)，展開(kāi)式中分別存在常數(shù)項(xiàng)和一次項(xiàng)時(shí)，展開(kāi)式中分別存在常數(shù)項(xiàng)和一次項(xiàng) 二、填

4、空題二、填空題 6若若(12x)6的展開(kāi)式中的第的展開(kāi)式中的第 2 項(xiàng)大于它的相鄰兩項(xiàng)，則項(xiàng)大于它的相鄰兩項(xiàng)，則 x 的取值范圍是的取值范圍是_ 解析：解析：由由 T2T1，T2T3， 得得 C162x1，162xC26 2x 2. 解得解得112x15. 答案：答案： 112，15 7(1xx2)(1x)10的展開(kāi)式中含的展開(kāi)式中含 x4的項(xiàng)的系數(shù)為的項(xiàng)的系數(shù)為_(kāi) 解析：解析：因?yàn)橐驗(yàn)?1xx2)(1x)10(1xx2)(1x) (1x)9(1x3)(1x)9， 所以展開(kāi)式中含所以展開(kāi)式中含 x4的項(xiàng)的系數(shù)為的項(xiàng)的系數(shù)為 1C49(1)4(1)C19(1)135. 答案：答案：135 823

5、03 除以除以 7 的余數(shù)是的余數(shù)是_ 解析：解析：2303(23)1038103(71)103C010 710C110 79C910 7C101037(C010 79C110 78C910)4，所以，所以 2303 除以除以 7 的余數(shù)為的余數(shù)為 4. 答案：答案：4 三、解答題三、解答題 9已知在已知在 x2x2n的展開(kāi)式中，第的展開(kāi)式中，第 5 項(xiàng)的系數(shù)與第項(xiàng)的系數(shù)與第 3 項(xiàng)的系數(shù)之比為項(xiàng)的系數(shù)之比為 563，求展開(kāi)，求展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)式中的常數(shù)項(xiàng) 解：解：T5C4n( x)n424x816C4nxn202， T3C2n( x)n222x44C2nxn102. 由題意知，由題意知，16

6、C4n4C2n563，解得，解得 n10. Tk1Ck10( x)10k2kx2k2kCk10 x105k2， 令令 55k20，解得，解得 k2. 展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為展開(kāi)式中的常數(shù)項(xiàng)為 C21022180. 10在在 2 x1x6的展開(kāi)式中，求：的展開(kāi)式中，求： (1)第第 3 項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)及系數(shù)；項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)及系數(shù)； (2)含含 x2的項(xiàng)的項(xiàng) 解：解：(1)第第 3 項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)為項(xiàng)的二項(xiàng)式系數(shù)為 C2615， 又又 T3C26(2 x)4 1x224 C26x， 所以第所以第 3 項(xiàng)的系數(shù)為項(xiàng)的系數(shù)為 24C26240. (2)Tk1Ck6(2 x)6k 1xk (1)k26kCk

7、6x3k. 令令 3k2，得，得 k1. 所以含所以含 x2的項(xiàng)為第的項(xiàng)為第 2 項(xiàng)，項(xiàng)， 且且 T2192x2. 11已知在已知在 12x21xn的展開(kāi)式中，第的展開(kāi)式中，第 9 項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng)求：項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng)求： (1)n 的值；的值； (2)展開(kāi)式中展開(kāi)式中 x5的系數(shù)；的系數(shù)； (3)含含 x 的整數(shù)次冪的項(xiàng)的個(gè)數(shù)的整數(shù)次冪的項(xiàng)的個(gè)數(shù) 解：解：二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)為二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)為 Tk1Ckn 12x2 nk 1xk(1)k 12nkCknx522nk. (1)因?yàn)榈谝驗(yàn)榈?9 項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng)，項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng)， 即當(dāng)即當(dāng) k8 時(shí)，時(shí)，2n52k0，解得，解得 n10. (2)令令 2n52k5，得，得 k25(2n5)6， 所以所以 x5的系數(shù)為的系數(shù)為(1)6 124C6101058. (3)要使要使 2n52k，即，即405k2為整數(shù)，只需為整數(shù)，只需 k 為偶數(shù)，由于為偶數(shù)，由于 k0,1,2,3，9,10，故符合，故符合要求的有要求的有 6 項(xiàng)，分別為展開(kāi)式的第項(xiàng)，分別為展開(kāi)式的第 1,3,5,7,9,11 項(xiàng)項(xiàng)