《高中數(shù)學(xué)蘇教版選修21 第3章 空間向量與立體幾何 第3章 單元檢測(cè)A卷》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高中數(shù)學(xué)蘇教版選修21 第3章 空間向量與立體幾何 第3章 單元檢測(cè)A卷（12頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 精品資料 第3章　單元檢測(cè)(A卷) (時(shí)間：120分鐘　滿分：160分) 一、填空題(本大題共14小題，每小題5分，共70分) 1．已知向量a＝(2，－1,3)，b＝(－4,2，x)，使a⊥b成立的x與使a∥b成立的x分別為________． 2．設(shè)a＝(x,4,3)，b＝(3,2，z)，且a∥b，則xz的值為________． 3．已知直線l與平面α垂直，直線l的一個(gè)方向向量為u＝(1，－3，z)，向量v＝(3，－2,1)與平面α平行，則z＝______. 4．若向量(1,0，z)與向量(2,1,2)的夾角的余弦值為，

2、則z＝________. 5．已知a、b、c是不共面的三個(gè)向量，則下列選項(xiàng)中能構(gòu)成空間一個(gè)基底的一組向量是________．(填序號(hào)) ①2a，a－b，a＋2b； ②2b，b－a，b＋2a； ③a,2b，b－c； ④c，a＋c，a－c. 6．設(shè)點(diǎn)C(2a＋1，a＋1,2)在點(diǎn)P(2,0,0)、A(1，－3,2)、B(8，－1，4)確定的平面上，則a＝________. 7．設(shè)直線a，b的方向向量是e1，e2，平面α的法向量是n，則下列命題中錯(cuò)誤的是________．(寫出所有錯(cuò)誤命題的序號(hào)) ①b∥α；　?、赼∥b； ③b∥α；　　④b⊥α. 8．如圖所示， 已知正四

3、面體ABCD中，AE＝AB，CF＝CD，則直線DE和BF所成角的余弦值為________． 9．二面角的棱上有A、B兩點(diǎn)，直線AC、BD分別在這個(gè)二面角的兩個(gè)半平面內(nèi)，且都垂直于AB.已知AB＝4，AC＝6，BD＝8，CD＝2，則該二面角的大小為________． 10．若兩個(gè)不同平面α，β的法向量分別為u＝(1,2，－1)，v＝(－3，－6,3)，則α與β的關(guān)系為________． 11．在三棱柱ABC—A1B1C1中，底面是棱長(zhǎng)為1的正三角形，側(cè)棱AA1⊥底面ABC，點(diǎn)D在棱BB1上，且BD＝1，若AD與平面AA1C1C所成的角為α，則sin α的值是________． 12．如果

4、平面的一條斜線與它在這個(gè)平面上的射影的方向向量分別是a＝(1,0,1)，b＝(0,1,1)，那么這條斜線與平面所成的角是________． 13．已知力F1＝(1,2,3)，F(xiàn)2＝(－2,3，－1)，F(xiàn)3＝(3，－4,5)，若F1，F(xiàn)2，F(xiàn)3共同作用于同一物體上，使物體從M1(0，－2，1)移到M2(3,1,2)，則合力作的功為________． 14．若a＝(2x,1,3)，b＝(1，－2y,9)，且a∥b，則x＝______，y＝______. 二、解答題(本大題共6小題，共90分) 15．(14分)如圖，四棱錐P－ABCD中，底 面ABCD為矩形，PA⊥底面ABCD，PA＝

5、AB＝，點(diǎn)E是棱PB的中點(diǎn)．證明：AE⊥平面PBC. 16．(14分)在幾何體ABCDE中，△ABC是等腰直角三角形，∠ABC＝90，BE和CD都垂直于平面ABC，且BE＝AB＝2，CD＝1，若F是AE的中點(diǎn)．求證：DF∥平面ABC. 17．(14分) 如圖，在空間四邊形OABC中，OA＝8，AB＝6，AC＝4，BC＝5，∠OAC＝45，∠OAB＝60，求OA與BC所成角的余弦值．

6、 18.(16分) 如圖所示，已知點(diǎn)P在正方體ABCD—A′B′C′D′的對(duì)角線BD′上，∠PDA＝60. (1)求DP與CC′所成角的大小； (2)求DP與平面AA′D′D所成角的大小． 19．(16分)在四棱錐P—ABCD中，底面ABCD是一直角梯形，∠BAD＝90，AD∥BC，AB＝BC＝a，AD＝2a，且PA⊥底面ABCD，PD與底面所成的角為30. (1)若AE⊥PD，垂足為E，求證：BE⊥PD

7、； (2)求異面直線AE與CD所成角的余弦值． 20.(16分) 如圖，正方形ABCD和四邊形ACEF所在的平面互相垂直，CE⊥AC，EF∥AC，AB＝，CE＝EF＝1. (1)求證：CF⊥平面BDE； (2)求二面角A－BE－D的大?。? 第3章　空間向量與立體幾何(A) 1.，－6 解析　若a⊥b，則－8－2＋3x＝0，x＝； 若a

8、∥b，則2∶(－4)＝(－1)∶2＝3∶x，x＝－6. 2．9 解析　∵a＝(x,4,3)，b＝(3,2，z)，且a∥b， ∴存在實(shí)數(shù)λ使得a＝λb， ∴　解得∴xz＝9. 3．－9 解析　∵l⊥α，∴u⊥v，∴(1，－3，z)(3，－2,1)＝0，即3＋6＋z＝0，∴z＝－9. 4．2或 解析　由題知 ＝＝， 即2z2－5z＋2＝0，得z＝2或. 5．③ 解析　∵a，b不共線，由共線向量定理知由a，b表示出的向量與a，b共面，即①、②中的向量因共面不能構(gòu)成空間一個(gè)基底，同理④中的三向量也不能構(gòu)成空間一個(gè)基底． 6．16 解析?。?－1，－3,2)，＝(6，－1,4

9、)． 根據(jù)共面向量定理，設(shè)＝x＋y(x、y∈R)， 則(2a－1，a＋1,2)＝x(－1，－3,2)＋y(6，－1,4)＝(－x＋6y，－3x－y,2x＋4y)， ∴　解得x＝－7，y＝4，a＝16. 7．① 8. 解析　因四面體ABCD是正四面體，頂點(diǎn)A在底面BCD內(nèi)的射影為△BCD的垂心，所以有BC⊥DA，AB⊥CD.設(shè)正四面體的棱長(zhǎng)為4，則＝(＋)(＋)＝0＋＋＋0＝41cos 120＋14cos 120＝－4，BF＝DE＝＝，所以異面直線DE與BF的夾角θ的余弦值為： cos θ＝＝. 9．60 解析　由條件，知＝0，＝0，＝＋＋. ∴||2＝||2＋||2＋||2

10、＋2＋2＋2 ＝62＋42＋82＋268cos〈，〉＝(2)2， ∴cos〈，〉＝－，即〈，〉＝120，所以二面角的大小為60. 10．α∥β 解析　∵v＝－3u，∴v∥u.故α∥β. 11. 解析　 如圖所示，建立坐標(biāo)系，易求點(diǎn)D， 平面AA1C1C的一個(gè)法向量是 n＝(1,0,0)， 所以cos〈n，〉＝＝， 即sin α＝. 12．60 解析　∵cos θ＝＝，∴θ＝60. 13．16 解析　合力F＝F1＋F2＋F3＝(2,1,7)，F(xiàn)對(duì)物體作的功 即為W＝F＝(2,1,7)(3,3,1)＝23＋13＋71＝16. 14.?。? 解析　∵a∥b，∴＝

11、＝， ∴x＝，y＝－. 15．證明　如圖所示，以A為坐標(biāo)原點(diǎn)，射線AB、AD、AP分別為x軸、y軸、z軸的正半軸，建立空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)—xyz. 設(shè)D(0，a,0)， 則B(，0,0)，C(，a,0)， P(0,0，)，E(，0，)． 于是＝(，0，)，＝(0，a,0)，＝(，a，－)， 則＝0，＝0. 所以⊥，⊥， 即AE⊥BC，AE⊥PC. 又因?yàn)锽C∩PC＝C， 所以AE⊥平面PBC. 16．證明　如圖所示，以點(diǎn)B為原點(diǎn)，BA、BC、BE所在直線分別為x軸，y軸，z軸，建立空間直角坐標(biāo)系，則 B(0,0,0)，A(2,0,0)，C(0,2,0)，D(0,

12、2,1)，E(0,0,2)． 由中點(diǎn)坐標(biāo)公式知F(1,0,1)． ∴＝(1，－2,0)，＝(0,0,2)． ∵BE⊥平面ABC， ∴是平面ABC的一個(gè)法向量． ∵＝(1，－2,0)(0,0,2)＝0， ∴⊥. 又∵DFD平面ABC，∴DF∥平面ABC. 17．解　因?yàn)椋剑? 所以＝－ ＝||||cos〈，〉－||||cos〈，〉 ＝84cos 135－86cos 120 ＝－16＋24. 所以cos〈，〉＝ ＝＝. 即OA與BC所成角的余弦值為. 18．解　如圖所示，以D為原點(diǎn)，DA為單位長(zhǎng)度建立空間直角坐標(biāo)系D—xyz. (1)＝(1,0,0)，＝(0,0,

13、1)． 連結(jié)BD，B′D′. 在平面BB′D′D中， 延長(zhǎng)DP交B′D′于H. 設(shè)＝(m，m,1) (m>0)，由已知〈，〉＝60， 由 ＝||||cos〈，〉， 可得2m＝. 解得m＝，所以＝. 因?yàn)閏os〈，〉 ＝＝， 所以〈，〉＝45，即DP與CC′所成的角為45. (2)平面AA′D′D的一個(gè)法向量是＝(0,1,0)． 因?yàn)閏os〈，〉＝＝， 所以〈，〉＝60， 可得DP與平面AA′D′D所成的角為30. 19．(1)證明　以A為坐標(biāo)原點(diǎn)， 建立如圖所示空間直角坐標(biāo)系A(chǔ)—xyz， 由題意知A(0,0,0)，B(a,0,0)，C(a，a,0)，

14、D(0,2a,0)． ∵PD在底面的射影是DA， 且PD與底面所成的角為30， ∴∠PDA＝30，∴P，∵AE⊥PD， ∴||＝||＝a，E， ∴＝，＝， ∴＝0(－a)＋2a＋＝0， ∴⊥，即BE⊥PD. (2)解　由(1)知＝， ＝(－a，a,0)， ∴＝，又||＝a，||＝a， ∴cos〈，〉＝＝， ∴異面直線AE與CD所成角的余弦值為. 20．(1)證明　因?yàn)檎叫蜛BCD和四邊形ACEF所在的平面互相垂直，且CE⊥AC，所以CE⊥平面ABCD. 如圖，以C為原點(diǎn)，建立空間直角坐標(biāo)系C－xyz. 則C(0,0,0)，A(，，0)， B(0，，0)，D(，0,0)，E(0,0,1)，F(xiàn)(，，1)． 所以＝(，，1)，＝(0，－，1)，＝(－，0,1)． 所以＝0－1＋1＝0， ＝－1＋0＋1＝0. 所以⊥，⊥，即CF⊥BE，CF⊥DE. 又BE∩DE＝E，所以CF⊥平面BDE. (2)解　由(2)知，＝(，，1)是平面BDE的一個(gè)法向量． 設(shè)平面ABE的法向量n＝(x，y，z)， 則n＝0，n＝0， 即 所以x＝0，且z＝y(tǒng). 令y＝1，則z＝，所以n＝(0,1，)． 從而cos〈n，〉＝＝. 因?yàn)槎娼茿－BE－D為銳角， 所以二面角A－BE－D的大小為.