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1、 【走向高考】（全國通用）20xx高考數(shù)學二輪復習 第一部分 微專題強化練 專題24 填空題解題技能訓練（含解析） 一、填空題 1．(文)(20xx石家莊市質檢)如下圖所示，某幾何體的正視圖是平行四邊形，側視圖和俯視圖都是矩形，則該幾何體的體積為________． [答案]　9 [解析]　由三視圖可知，該幾何體是斜四棱柱，四棱柱底面是矩形，長3，寬3，四棱柱的高h＝＝，∴體積V＝33＝9. (理)(20xx商丘市二模)已知△ABC的三個頂點在以O為球心的球面上，且∠BAC＝90，AB＝AC＝2，球心O到平面ABC的距離為1，則球O的表面積為________． [答案

2、]　12π [解析]　由已知得：BC＝2，球O的半徑R＝＝，故其表面積S＝4πR2＝4π()2＝12π. [方法點撥]　直接法 對于計算型試題，多通過直接計算得出結果、解題時，直接從題設條件出發(fā)，利用有關性質和結論等，通過巧妙變形，簡化計算過程，靈活運用有關運算規(guī)律和技巧合理轉化、簡捷靈活的求解． 用直接法求解填空題，要根據(jù)題目的要求靈活處理，多角度思考問題，注意一些解題規(guī)律和解題技巧的靈活應用，將計算過程簡化從而得到結果． 2．(文)(20xx新課標Ⅰ理，14)一個圓經過橢圓＋＝1的三個頂點，且圓心在x軸的正半軸上，則該圓的標準方程為________． [答案]　(x－)2＋y2

3、＝ [解析]　考查橢圓的幾何性質；圓的標準方程． ∵圓心在x軸的正半軸上，故設圓心為(a,0)，a>0，則半徑為4－a，∵此圓過橢圓的三個頂點A(0,2)，B(0，－2)，C(4,0)，∴(4－a)2＝a2＋22，解得a＝或a＝－(舍去)，故圓的方程為(x－)2＋y2＝. (理)(20xx中原名校聯(lián)考)已知橢圓＋＝1，A、C分別是橢圓的上、下頂點，B是左頂點，F(xiàn)為左焦點，直線AB與FC相交于點D，則∠BDF的余弦值是________． [答案]　 [解析]　由條件知A(0，)，B(－2,0)，C(0，－)，F(xiàn)(－1,0)，直線AB：x－2y＋2＝0，CF：x＋y＋＝0，∴D(－，)，

4、＝(－，－)，＝(，－)，cos∠BDF＝＝. 3．(文)設0，a1a2＋b1b2＝<，a1b2＋a2b1＝<，故最大的是a1b1＋a2b2. (理)已知函數(shù)y＝f(x)，對任意的兩個不相等的實數(shù)x1，x2，都有f(x1＋x2)＝f(x1)f(x2)成立，且f(0)≠0，則f(－20xx)f(－20xx)…f(20xx)f

5、(20xx)的值是________． [答案]　1 [解析]　f(x)為抽象函數(shù)，只知滿足條件f(x1＋x2)＝f(x1)f(x2)，且f(0)≠0，故可取滿足此條件的特殊函數(shù)來求解． 令f(x)＝2x，則對任意的兩個不相等的實數(shù)x1，x2，都有f(x1＋x2)＝f(x1)f(x2)成立，f(0)＝20＝1，f(－20xx)f(20xx)＝f(0)＝1，f(－20xx)f(20xx)＝f(0)＝1，…，所以f(－20xx)f(－20xx)…f(20xx)f(20xx)＝1. [方法點撥]　特殊值法 當填空題的已知條件中含有某些不確定的量，但填空題的結論唯一或題設條件中提供的信息暗示答

6、案是一個定值時，可以從題中變化的不定量中選取符合條件的某個特殊值(特殊函數(shù)、特殊角、特殊數(shù)列、特殊位置、特殊點、特殊方程、特殊模型等)進行處理，從而得出探求的結論． 求值或比較大小等問題的求解均可利用特殊值法，但此種方法僅限于求解結論只有一種的填空題，對于開放性的問題或者有多種答案的填空題，則不能使用該種方法求解． 試一試解答下題： 如圖，在△ABC中，點M是BC的中點，過點M的直線與直線AB、AC分別交于不同的兩點P、Q，若＝λ，＝μ，則＋＝________. [答案]　2 [解析]　由題意可知，＋的值與點P、Q的位置無關，而當直線BC與直線PQ重合時，有λ＝μ＝1，所以＋＝2

7、. 4．△ABC的外接圓的圓心為O，兩條邊上的高相交于點H，若＝m(＋＋)，則實數(shù)m＝________. [答案]　1 [解析]　如圖在Rt△ABC中，外接圓圓心O為斜邊AB的中點，垂心H即為C點，由已知＝m(＋＋)＝m，則m＝1. 5．(文)(20xx大綱理，15)直線l1和l2是圓x2＋y2＝2的兩條切線，若l1與l2的交點為(1,3)，則l1與l2的夾角的正切值等于________． [答案]　 [解析]　設l1、l2與⊙O分別相切于B、C，則∠OAB＝∠OAC，|OA|＝，圓半徑為， ∴|AB|＝＝2，∴tan∠OAB＝＝， ∴所夾角的正切值 tan∠CAB＝＝＝

8、. (理)(20xx遼寧理，15)已知橢圓C：＋＝1，點M與C的焦點不重合．若M關于C的焦點的對稱點分別為A、B，線段MN的中點在C上，則|AN|＋|BN|＝________. [答案]　12 [解析]　如圖． 設MN與橢圓的交點為D，由中位線定理． |AN|＋|BN|＝2(|DF1|＋|DF2|) 由橢圓的定義知|DF1|＋|DF2|＝2a＝6. ∴|AN|＋|BN|＝12. [方法點撥]　數(shù)形結合法 對于一些含有幾何背景的填空題，若能根據(jù)題目中的條件，作出符合題意的圖形，并通過對圖形的直觀分析、判斷，即可快速得出正確結果．這類問題的幾何意義一般較為明顯，如一次函數(shù)的斜

9、率和截距、向量的夾角、解析幾何中兩點間距離等，求解的關鍵是明確幾何含義，準確規(guī)范地作出相應的圖形． 1．數(shù)形結合法適用于給出圖形的問題，或容易作出圖象的函數(shù)問題，或表達式具有明顯幾何意義的解析幾何問題等． 2．應用時要注意：①作圖要盡量準確；②抓準圖形與變量間的對應關系． 請練習下題： 向量＝(1,0)，＝(＋cosθ，1＋sinθ)，則與夾角的取值范圍是________． [答案]　[0，] [解析]　依題意在坐標系中B(1,0)、A(＋cosθ，1＋sinθ)，點A在圓(x－)2＋(y－1)2＝1的圓周上運動，如圖，當A點為切點M時，與的夾角取最大值，容易求得為；當A點為切點N

10、時，夾角取最小值0，故取值范圍是[0，]． 6．不等式－kx＋1≤0的解集非空，則k的取值范圍為________． [答案]　(－∞，－]∪[，＋∞) [解析]　由－kx＋1≤0，得≤kx－1，設f(x)＝，g(x)＝kx－1，顯然函數(shù)f(x)和g(x)的定義域都為[－2,2]．令y＝，兩邊平方得x2＋y2＝4，故函數(shù)f(x)的圖象是以原點O為圓心，2為半徑的圓在x軸上及其上方的部分． 而函數(shù)g(x)的圖象是直線l：y＝kx－1在[－2,2]內的部分，該直線過點C(0，－1)，斜率為k. 如圖，作出函數(shù)f(x)，g(x)的圖象，不等式的解集非空，即直線l和半圓有公共點，可知k的幾何意

11、義就是半圓上的點與點C(0，－1)連線的斜率． 由圖可知A(－2,0)，B(2,0)，故kAC＝＝－，kBC＝＝. 要使直線和半圓有公共點，則k≥或k≤－. 所以k的取值范圍為(－∞，－]∪[，＋∞)． 7．(20xx商丘市二模)△ABC的內角A，B，C的對邊分別為a，b，c，已知ac＝b2－a2，A＝，則B＝________. [答案]　 [解析]　由余弦定理得cosA＝＝＝＝，∴a＋c＝b，由正弦定理得：sinA＋sinC＝sinB，又C＝－B，∴sinA＋sin＝sinB，即＋cosB＋sinB＝sinB，即cosB－sinB＝cos＝－，∴B＋＝，B＝. 8．a＝ln

12、－，b＝ln－，c＝ln－，則a、b、c的大小關系為________． [答案]　a>b>c [解析]　令f(x)＝lnx－x，則f ′(x)＝－1＝. 當00，即函數(shù)f(x)在(0,1)上是增函數(shù)． ∵1>>>>0，∴a>b>c. [方法點撥]　構造法 用構造法解填空題的關鍵是由條件和結論的特殊性構造出數(shù)學模型，從而簡化推導與運算過程．構造法是建立在觀察分析、聯(lián)想類比的基礎之上的．首先應觀察已知條件形式上的特點，然后聯(lián)想、類比已學過的知識及各種數(shù)學結論、數(shù)學模型，深刻地了解問題及問題的幾何背景或代數(shù)背景，從而構造幾何、函數(shù)、向量等具體的數(shù)學模型，達到快速

13、解題的目的． 構造法實質上是化歸與轉化思想在解題中的應用，需要根據(jù)已知條件和所要解決的問題確定構造的方向，通過構造新的模型，從而轉化為自己熟悉的問題．常見的構造法有：構造函數(shù)(如用導數(shù)研究函數(shù)的性質中經常要構造函數(shù))、構造方程、構造不等式、構造數(shù)列、立體幾何中的補形構造等等． 試一試解答下題： 如圖，已知球O的球面上有四點A、B、C、D，DA⊥平面ABC，AB⊥BC，DA＝AB＝BC＝，則球O的體積等于________． [答案]　π [解析]　如圖，以DA、AB、BC為棱長構造正方體，設正方體的外接球球O的半徑為R，則正方體的體對角線長即為球O的直徑，所以|CD|＝＝2R，所以

14、R＝，故球O的體積V＝＝π. 9．(文)設(x－3)2＋(y－3)2＝6，則的最大值為________． [答案]　3＋2 [解析]　設＝k，則可轉化為直線kx－y＝0與圓(x－3)2＋(y－3)2＝6有公共點時k的取值范圍，用代數(shù)法(Δ≥0)或幾何法(d≤r)解決． (理)已知P(x，y)是橢圓＋＝1上的一個動點，則x＋y的最大值是________． [答案]　5 [解析]　令x＋y＝t，則問題轉化為直線x＋y＝t與橢圓有公共點時，t的取值范圍問題． 由消去y得，25x2－32tx＋16t2－144＝0， ∴Δ＝(－32t)2－100(16t2－144)＝－576t2＋1

15、4400≥0， ∴－5≤t≤5，∴x＋y的最大值為5. 10．(文)已知a、b是正實數(shù)，且滿足ab＝a＋b＋3，則a＋b的取值范圍是________． [答案]　[6，＋∞) [解析]　∵a、b是正實數(shù)且ab＝a＋b＋3，故a、b可視為一元二次方程x2－mx＋m＋3＝0的兩個根，其中a＋b＝m，ab＝m＋3，要使方程有兩個正根，應有 解得m≥6， 即a＋b≥6，故a＋b的取值范圍是[6，＋∞)． [點評]　還可以利用基本不等式將ab≤2代入條件式中，視a＋b為變量構造一元二次不等式解答． (理)已知x>0，比較x與ln(1＋x)的大小，結果為________． [答案]　x>

16、ln(1＋x) [解析]　解法一：令x＝1，則有1>ln2， ∴x>ln(1＋x)． 解法二：令f(x)＝x－ln(x＋1)． ∵x>0，f′(x)＝1－＝>0， 又因為函數(shù)f(x)在x＝0處連續(xù)， ∴f(x)在[0，＋∞)上是增函數(shù)． 從而當x>0時， f(x)＝x－ln(1＋x)>f(0)＝0. ∴x>ln(1＋x)． 解法三：在同一坐標系中畫出函數(shù)y＝x與y＝ln(1＋x)的圖象，可見x>0時，x>ln(1＋x)． 11．在三棱錐O－ABC中，三條棱OA、OB、OC兩兩互相垂直，且OA＝OB＝OC，M是AB的中點，則OM與平面ABC所成角的正切值為________．

17、 [答案]　 [解析]　將此三棱錐補成正方體，如圖所示．連接CM，過點O作ON⊥CM于N，則ON⊥平面ABC．∴OM與平面ABC所成的角是∠OMC．在Rt△OMC中，tan∠OMC＝＝＝，即OM與平面ABC所成角的正切值為. 12．sin2(α－30)＋sin2(α＋30)－sin2α的值等于________． [答案]　 [解析]　問此式的“值”等于多少？隱含此結果與α無關，于是不妨對α進行特殊化處理．不妨取α＝0，則sin2(α－30)＋sin2(α＋30)－sin2α＝＋－0＝. 13．設Sn是等差數(shù)列{an}的前n項和，若＝，則等于________． [答案]　1 [解

18、析]　依題意，可取一個特殊的等差數(shù)列：13,11,9,7,5,3,1，－1，－3，其中a5＝5，a3＝9滿足條件．可求得S9＝S5＝45，故＝1. [點評]　1.取特殊等差數(shù)列時，可依據(jù)＝來取a3＝9，a5＝5. 2．本題也可以直接用等差數(shù)列的性質求解：＝＝＝1. 14．(文)函數(shù)f(x)＝的零點個數(shù)為________個． [答案]　3 [解析]　依題意，在x>0時可以畫出y＝lnx與y＝x2－2x的圖象，可知兩個函數(shù)的圖象有兩個交點，當x≤0時，函數(shù)f(x)＝2x＋1與x軸只有一個交點，所以函數(shù)f(x)有3個零點． (理)已知數(shù)列{an}滿足a1＝33，an＋1－an＝2n，則的

19、最小值為________． [答案]　 [解析]　an＝(an－an－1)＋(an－1－an－2)＋…＋(a2－a1)＋a1＝2[1＋2＋…＋(n－1)]＋33＝n2－n＋33. 所以＝＋n－1，設f(x)＝＋x－1(x>0)， 令f ′(x)＝＋1>0，則f(x)在(，＋∞)上是單調遞增的，在(0，)上是單調遞減的，因為n∈N*，所以當n＝5或6時f(x)有最小值．又因為＝，＝＝， 所以的最小值為＝. [方法點撥]　填空題是高考題中的客觀性試題，具有小巧靈活、結構簡單、運算量不大等特點．因而求解選擇題的有關策略、方法有時也適合于填空題，大題的解答思路也可以照搬到填空題上．但由于填

20、空題不用說明理由，不用書寫解答過程，跨度大，覆蓋面廣，形式靈活，突出考查考生準確、嚴謹、全面靈活地運用所學知識和方法解決問題的能力和計算能力、識圖讀表能力、邏輯思維能力等．要想又快又準地答好填空題，除直接推理計算外，還要講究一些解題策略．解答填空題要做到：快——運算要快，力戒小題大做；穩(wěn)——計算、變形要穩(wěn)，不可操之過急；全——答案要全，力避殘缺不全；活——解題方法靈活，不生搬硬套；細——審題要細，注意細節(jié)和特殊情況，不要粗心大意． 15．(文)若銳角α、β、γ滿足cos2α＋cos2β＋cos2γ＝1，則tanαtanβtanγ的最小值為________． [答案]　2 [解析]　借助已

21、知條件可構造一個長方體AC1如圖所示，使它的三邊長度分別為a、b、c，且設相交于同一頂點的三棱與交于此頂點的對角線所成的角分別為α、β、γ則 tanαtanβtanγ＝≥＝2. [點評]　此題通過構造一個適合題設條件的長方體，將一個抽象的三角最值問題，轉化為一個較易解決的代數(shù)不等式的問題．構造幾何體利用幾何體的直觀數(shù)形結合，使問題變得容易解決． (理)空間一條直線l1與一個正四棱柱的各個面所成的角都為α，而另一條直線l2與這個正四棱柱的各條棱所成的角都為β，則sin2α＋sin2β＝________. [答案]　1 [解析]　由正四棱柱的對稱性知，若直線l1與各面成角都相等，則該直線一定經過或平行于四棱柱的一條體對角線，l2也一樣，于是取對角線BD1研究，則α＝∠BD1B1，β＝∠BD1D， ∴sin2α＋sin2β＝sin2α＋cos2α＝1.