《2011高考物理一輪復(fù)習(xí)成套課時(shí)練習(xí)123動(dòng)量守恒定律章末質(zhì)量檢測(cè) 選修34》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2011高考物理一輪復(fù)習(xí)成套課時(shí)練習(xí)123動(dòng)量守恒定律章末質(zhì)量檢測(cè) 選修34（10頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、選修3-4 第十二章 動(dòng)量守恒定律(時(shí)間90分鐘，滿分100分)命 題 設(shè) 計(jì)難度目標(biāo)題號(hào) 較易中等稍難動(dòng)量、沖量等概念1、2動(dòng)量定理3、4、514動(dòng)量守恒定律8、910綜合應(yīng)用11、12、13、1516一、選擇題(本大題共12個(gè)小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的)1.如圖1所示，物體在粗糙的水平面上向右做直線運(yùn)動(dòng)從a點(diǎn)開(kāi)始受到一個(gè)水平向左的恒力F的作用，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后又回到a點(diǎn)，則物體在這一往返運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法中正確的是()A恒力F對(duì)物體做的功為零B摩擦力對(duì)物體做的功為零C恒力F的沖量為零D摩擦力的沖量為零解析：由功的定義可知，在這一往返過(guò)程

2、中，物體的位移為零，所以恒力對(duì)物體做的功為零，選項(xiàng)A正確；由于摩擦力方向總與物體相對(duì)運(yùn)動(dòng)的方向相反，所以摩擦力對(duì)物體做的功為負(fù)值，選項(xiàng)B錯(cuò)；由沖量定義力與作用時(shí)間的乘積為力的沖量，其中F為恒力，所以IFFt0；Ff大小未變，但方向發(fā)生了變化，且Ff方向變化前后作用時(shí)間不相等(向右運(yùn)動(dòng)時(shí)間短)，故Ff的沖量不為零所以選項(xiàng)C、D錯(cuò)答案：A2以下有關(guān)動(dòng)能與動(dòng)量的說(shuō)法正確的是()A動(dòng)能相同的兩物體的動(dòng)量大小與其質(zhì)量成正比B動(dòng)量相同的兩物體的動(dòng)能與其質(zhì)量成正比C運(yùn)行的空間站中一磁鐵穿過(guò)彌漫著細(xì)鐵屑的空間時(shí)，磁鐵及被吸附其上面的鐵屑組成的整體的動(dòng)能將逐漸減小D選項(xiàng)C中的磁鐵及附著鐵屑組成的整體由于質(zhì)量不斷

3、變大而使其動(dòng)能變大解析：由p知A錯(cuò)；由Ek知B錯(cuò)誤；空間站中完全失重，則磁鐵及附著鐵屑的總動(dòng)量保持不變，隨著鐵屑增多即m增大，由Ek知C正確，同理可知D錯(cuò)答案：C3.如圖2所示，質(zhì)量為m的小滑塊沿傾角為的斜面向上滑動(dòng)，經(jīng)時(shí)間t1速度為零后又下滑，經(jīng)過(guò)時(shí)間t2回到斜面底端，滑塊在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的摩擦力大小始終為Ff，在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，滑塊重力的總沖量()Amgsin(t1t2)Bmgsin(t1t2)Cmg(t1t2) D0解析：談到?jīng)_量必須明確是哪一個(gè)力的沖量，此題中要求的是重力對(duì)滑塊的沖量，根據(jù)沖量的定義IFt，因此重力對(duì)滑塊的沖量應(yīng)為重力mg乘以作用時(shí)間t.即Img(t1t2)，C正確答案

4、：C4.如圖3所示，ad、bd、cd是豎直平面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿，a、b、c、d位于同一周圓上，a點(diǎn)為圓周的最高點(diǎn)，d點(diǎn)為圓周的最低點(diǎn)每根桿上都套著一個(gè)質(zhì)量相同的小滑環(huán)(圖中未畫(huà)出)，三個(gè)滑環(huán)分別從a、b、c處釋放(初速度為零)，關(guān)于它們下滑的過(guò)程，下列說(shuō)法中正確的是()A重力對(duì)它們的沖量相同B彈力對(duì)它們的沖量相同C合外力對(duì)它們的沖量相同D它們的動(dòng)量增量相同解析：設(shè)小滑環(huán)沿桿下滑到d點(diǎn)所用的時(shí)間為t，桿與水面間的夾角為，如圖所示，則桿的長(zhǎng)度為l2Rsin滑環(huán)沿桿下滑的加速度agsin則gsint22Rsint ，下滑時(shí)間與桿的傾角無(wú)關(guān)所以滑環(huán)從a、b、c滑到d點(diǎn)重力對(duì)它們的沖量Imgt相同，

5、桿對(duì)滑環(huán)的彈力以及滑環(huán)受到的合外力不同，所以彈力、合外力的沖量不同，由動(dòng)量定理知它們動(dòng)量的增量也就不同綜上所述，A項(xiàng)對(duì)，B、C、D各項(xiàng)錯(cuò)答案：A5一個(gè)小球從距地面高度H處自由落下，空氣阻力大小一定，與水平地面發(fā)生碰撞設(shè)碰撞時(shí)間為一個(gè)定值t，則在碰撞過(guò)程中，小球與地面的平均作用力與彈起的高度h的關(guān)系是()A彈起的最大高度h越大，平均作用力越大B彈起的最大高度h越大，平均作用力越小C彈起的最大高度h0，平均作用力最大D平均作用力的大小與彈起的高度無(wú)關(guān)解析：令小球與地面的平均作用力為，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受的阻力為Ff，則小球碰撞前的速度v ，碰地后反彈的初速度v ，由動(dòng)量定理對(duì)碰地過(guò)程有：tmv(mv)(取

6、向上為正方向，并忽略重力作用)，則()/t，由此式可知h越大，越大，當(dāng)h0時(shí)，最小答案：A6將一長(zhǎng)木板靜止放在光滑的水平面上，如圖4甲所示，一個(gè)小鉛塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以水平初速度v0由木板左端向右滑動(dòng)，到達(dá)右端時(shí)恰能與木板保持相對(duì)靜止小鉛塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中所受的摩擦力始終不變，現(xiàn)將木板分成A和B兩段，使B的長(zhǎng)度和質(zhì)量均為A的2倍，并緊挨著放在原水平面上，讓小鉛塊仍以初速度v0由木塊A的左端開(kāi)始向右滑動(dòng)，如圖乙所示，則下列有關(guān)說(shuō)法正確的是()A小鉛塊恰能滑到木板B的右端，并與木板B保持相對(duì)靜止B小鉛塊將從木板B的右端飛離木板C小鉛塊滑到木板B的右端前就與木板B保持相對(duì)靜止D小鉛塊在木板B上滑行產(chǎn)生的熱量

7、等于在木板A上滑行產(chǎn)生熱量的2倍解析：比較兩次運(yùn)動(dòng)的區(qū)別，第一次在小鉛塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個(gè)木板一直加速，第二次小鉛塊先使整個(gè)木板加速，運(yùn)動(dòng)到B部分上后A部分停止加速，只有B部分加速，加速度大于第一次的對(duì)應(yīng)過(guò)程，故第二次小鉛塊與B木板將更早達(dá)到速度相等，所以小鉛塊還沒(méi)有運(yùn)動(dòng)到B的右端，A、B錯(cuò)，C正確小鉛塊在B部分上的位移小于在A部分上位移的兩倍，根據(jù)熱量等于摩擦力和相對(duì)位移的乘積可知，在B上滑行產(chǎn)生的熱量小于在A上滑行產(chǎn)生熱量的2倍，D不對(duì)，故選C.答案：C 7.一質(zhì)量為m的平板車以速度v在光滑水平面上滑行，質(zhì)量為M的泥團(tuán)從離車h高處自由下落，恰好落在車面上，則車的速度

8、變?yōu)?()A仍為vBmv/(Mm)Cm/(mM)D(mvm)/(mM)解析：以平板車和質(zhì)量為M的泥團(tuán)為一系統(tǒng)，水平方向上的動(dòng)量守恒，得mv(Mm)v車，即v車.答案：B8質(zhì)量為m的物塊甲以3 m/s的速度在光滑水平面上運(yùn)動(dòng)，有一輕彈簧固定其上，另一質(zhì)量也為m的物塊乙以 4 m/s的速度與甲相向運(yùn)動(dòng)，如圖5所示則()A甲、乙兩物塊在彈簧壓縮過(guò)程中，由于彈力作用，動(dòng)量不守恒B當(dāng)兩物塊相距最近時(shí)，物塊甲的速率為零C當(dāng)物塊甲的速率為1 m/s時(shí)，物塊乙的速率可能為2 m/s，也可能為0D物塊甲的速率可能達(dá)到 5 m/s解析：甲、乙兩物塊在彈簧壓縮過(guò)程中，由于彈力是內(nèi)力，所以動(dòng)量守恒，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；甲、乙

9、兩物塊相距最近時(shí)，兩物塊的速度相等，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得兩物塊的速率均為0.5 m/s，B選項(xiàng)錯(cuò)誤；當(dāng)物塊甲的速率為1 m/s向左運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得物塊乙以速率2 m/s向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)物塊甲的速率為1 m/s向右運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得物塊乙的速率為零，即C選項(xiàng)正確；若物塊甲的速率達(dá)到5 m/s，則根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得乙的速率可能為6 m/s和4 m/s，這不符合能量守恒，所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤答案：C9如圖6甲所示，一質(zhì)量為M的木板靜止在光滑水平地面上，現(xiàn)有一質(zhì)量為m的小滑塊以一定的初速度v0從木板的左端開(kāi)始向木板的右端滑行，滑塊和木板的水平速度的大小隨時(shí)間變化的情況如圖6乙所示，根據(jù)圖

10、象作出如下判斷：滑塊始終與木板存在相對(duì)運(yùn)動(dòng)滑塊未能滑出木板滑塊的質(zhì)量m大于木板的質(zhì)量M在t1時(shí)刻滑塊從板上滑出這些判斷中正確的是()A BC D解析：小滑塊在木板上做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，木板做勻加速運(yùn)動(dòng)，由圖象知小滑塊末速度大于木板末速度，所以在t1時(shí)刻滑塊從木板上滑出，并一直存在相對(duì)運(yùn)動(dòng)，故對(duì)錯(cuò)；又因?yàn)樗鼈兿嗷サ淖饔昧σ欢?，vt圖象的斜率反映了加速度，由圖知aMam，因此mM，對(duì)答案：A10相對(duì)太空站靜止的太空飛行器上有一種裝置，它利用電場(chǎng)加速帶電粒子，形成向外發(fā)射的粒子流，從而對(duì)飛行器產(chǎn)生反沖力使其獲得加速度已知飛行器的質(zhì)量為M，發(fā)射的是二價(jià)氧離子，每個(gè)氧離子的質(zhì)量為m，元電荷的電荷量為e，氧

11、離子由靜止經(jīng)電壓U加速形成氧離子流對(duì)外發(fā)射如果每秒內(nèi)飛行器發(fā)射N個(gè)氧離子，則太空飛行器獲得的加速度為()A.B.C.D.解析：設(shè)每個(gè)氧離子加速獲得的速度為v0，則有：2eUmv02氧離子被加速過(guò)程中，與飛行器系統(tǒng)動(dòng)量守恒，對(duì)一秒內(nèi)的所有被加速氧離子與飛行器有：MvNmv0.故v，即B正確答案：B11.如圖7所示，在光滑的水平面上停放著一輛平板車，車上放有一木塊B.車左邊緊靠一個(gè)固定的光滑的1/4圓弧軌道，其底端的切線與車表面相平木塊A從軌道頂端由靜止釋放滑行到車上與B碰撞并立即粘在一起在車上滑行，與固定在平板車上的輕彈簧作用后被彈回，最后兩木塊與車保持相對(duì)靜止，則從A開(kāi)始下滑到A、B與車相對(duì)靜

12、止的全過(guò)程中，A、B和車組成的系統(tǒng)()A動(dòng)量守恒B小車一直向右運(yùn)動(dòng)C機(jī)械能減少量等于木塊與車之間的摩擦生熱D彈簧的最大彈性勢(shì)能等于木塊與車之間的摩擦生熱解析：從A開(kāi)始下滑到A、B與車相對(duì)靜止的全過(guò)程，A、B和車組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，因?yàn)锳在圓弧上運(yùn)動(dòng)時(shí)軌道對(duì)A有支持力，具有重力作用；系統(tǒng)減少的機(jī)械能一部分在A、B碰撞中損失了，另一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；A、B一起在車上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，A、B和車組成的系統(tǒng)損失的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢(shì)能和內(nèi)能，只有當(dāng)彈簧壓縮到最短(A、B和車的速度相同)到A、B和車又一起向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能等于木塊與車之間摩擦生熱，故彈簧的最大彈性勢(shì)能不等于全過(guò)程木塊與車之

13、間摩擦生熱；根據(jù)動(dòng)量守恒可知小車一直向右運(yùn)動(dòng)所以正確選項(xiàng)是B.答案：B12.用不可伸長(zhǎng)的細(xì)線懸掛一質(zhì)量為M的小木塊，木塊靜止，如圖8所示現(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈自左方水平射向木塊，并停留在木塊中，子彈初速度為v0，則下列判斷正確的是()A從子彈射向木塊到一起上升到最高點(diǎn)的過(guò)程中系統(tǒng)的機(jī)械能守恒B子彈射入木塊瞬間動(dòng)量守恒，故子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為C忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過(guò)程中系統(tǒng)機(jī)械能守恒，其機(jī)械能等于子彈射入木塊前的動(dòng)能D子彈和木塊一起上升的最大高度為 解析：從子彈射向木塊到一起運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程可以分為兩個(gè)階段：子彈射入木的瞬間系統(tǒng)動(dòng)量守恒，但機(jī)械能不守恒，有部分機(jī)械能

14、轉(zhuǎn)化為系統(tǒng)內(nèi)能，之后子彈在木塊中與木塊一起上升，該過(guò)程只有重力做功，機(jī)械能守恒，但總能量小于子彈射入木塊前的動(dòng)能，因此A、C錯(cuò)誤；由子彈射入木塊瞬間動(dòng)量守恒可得子彈射入木塊后的共同速度為，B錯(cuò)誤；之后子彈和木塊一起上升，該階段機(jī)械能守恒，可得上升的最大高度為，D正確答案：D二、計(jì)算題(本大題共4個(gè)小題，共40分，解答時(shí)應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟，有數(shù)值計(jì)算的要注明單位)13(8分)如圖9所示，質(zhì)量為m的子彈，以速度v水平射入用輕繩懸掛在空中的木塊，木塊的質(zhì)量為M，繩長(zhǎng)為L(zhǎng)，子彈停留在木塊中，求子彈射入木塊后的瞬間繩子中的張力的大小解析：由動(dòng)量守恒定律得：0mv(mM)v1解得v1由

15、牛頓第二定律有(取向上為正方向)F(Mm)g(Mm)將v1代入即得：F(mM)g.答案：(mM)g14.(10分)如圖10所示，長(zhǎng)l0.8 m的細(xì)線上端固定在O點(diǎn)，下端連接一個(gè)質(zhì)量為m0.4 kg的小球，懸點(diǎn)O距地面的高度H3.55m，開(kāi)始時(shí)將小球提到O點(diǎn)而靜止，然后讓它自由下落，當(dāng)小球到達(dá)使細(xì)線被拉直的位置時(shí)，剛好把細(xì)線拉斷，再經(jīng)過(guò)t0.5 s落到地面，如果不考慮細(xì)線的形變，g10 m/s2，試求：(1)細(xì)線拉斷前后的速度大小和方向；(2)假設(shè)細(xì)線由拉直到斷裂所經(jīng)歷的時(shí)間為0.1 s，試確定細(xì)線的平均張力大小解析：(1)細(xì)線拉斷前，小球下落過(guò)程機(jī)械能守恒：mglmv12得v14 m/s，方向

16、豎直向下設(shè)細(xì)線斷后球速為v2，方向豎直向下，由Hlv2tgt2，可得：v23 m/s，方向豎直向下(2)設(shè)細(xì)線的平均張力為F，方向豎直向上取豎直向上為正方向，由動(dòng)量定理可得：(Fmg)tmv2(mv1)Fmg8 N.答案：(1)4 m/s，方向豎直向下；3 m/s，方向豎直向下(2)8 N15如圖11所示，足夠長(zhǎng)的光滑軌道由斜槽軌道和水平軌道組成水平軌道上一質(zhì)量為mB的小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，一個(gè)質(zhì)量為mA的小球沿斜槽軌道向下運(yùn)動(dòng)，與B球發(fā)生彈性正碰要使小球A與小球B能發(fā)生第二次碰撞，mA和mB應(yīng)滿足什么關(guān)系？、解析：設(shè)小球A與小球B碰撞前的速度大小為v0.根據(jù)彈性碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒得m

17、Av0mAv1mBv2mAv02mAv12mBv22聯(lián)立解得v1v0V2v0要使小球A與小球B能發(fā)生第二次碰撞，小球A必須反彈，且速率大于碰后B球的速率有v0解得mB3mA.答案：mB3mA16(12分)如圖12所示，甲車的質(zhì)量為2 kg，靜止在光滑水平面上，上表面光滑，右端放一個(gè)質(zhì)量為1 kg的小物體乙車質(zhì)量為4 kg，以5 m/s的速度向左運(yùn)動(dòng)，與甲車碰撞后甲車獲得8 m/s的速度，物體滑到乙車上若乙車足夠長(zhǎng)，上表面與物體間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，則物體在乙車上表面滑行多長(zhǎng)時(shí)間相對(duì)乙車靜止？(g取10 m/s2)解析：車乙與甲碰撞動(dòng)量守恒m乙v乙m乙v乙m甲v甲小物體m在乙車上滑動(dòng)至有共同速度v，對(duì)小物體和乙車運(yùn)用動(dòng)量守恒定律得m乙v乙(mm乙)v對(duì)小物體應(yīng)用牛頓第二定律得ag所以t代入數(shù)據(jù)得t0.4 s.答案：0.4 s內(nèi)容總結(jié)