《高考物理考前三個月 名師專題講義 專題三 力與物體的曲線運動 第1課時 拋體、圓周和天體運動課件》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《高考物理考前三個月 名師專題講義 專題三 力與物體的曲線運動 第1課時 拋體、圓周和天體運動課件（43頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、本專題解決的是物體本專題解決的是物體(或帶電體或帶電體)在力的作用下的曲線運動的在力的作用下的曲線運動的問題高考對本專題的考查以運動組合為線索，進而從力和問題高考對本專題的考查以運動組合為線索，進而從力和能的角度進行命題，題目情景新，過程復雜，具有一定的綜能的角度進行命題，題目情景新，過程復雜，具有一定的綜合性考查的主要內容有：合性考查的主要內容有：曲線運動的條件和運動的合成與分解；曲線運動的條件和運動的合成與分解；平拋運動規(guī)律；平拋運動規(guī)律；圓周運動規(guī)律；圓周運動規(guī)律；平拋運動與圓周運動的多過程組合問題；平拋運動與圓周運動的多過程組合問題；專題定位應用萬有引力定律解決天體運動問題；應用萬有引

2、力定律解決天體運動問題；帶電粒子在電帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；場中的類平拋運動問題；帶電粒子在磁場內的勻速圓周帶電粒子在磁場內的勻速圓周運動問題；運動問題；帶電粒子在簡單組合場內的運動問題等用帶電粒子在簡單組合場內的運動問題等用到的主要物理思想和方法有：運動的合成與分解思想、應到的主要物理思想和方法有：運動的合成與分解思想、應用臨界條件處理臨界問題的方法、建立類平拋運動模型方用臨界條件處理臨界問題的方法、建立類平拋運動模型方法、等效的思想方法等法、等效的思想方法等專題定位熟練掌握平拋、圓周運動的規(guī)律，對平拋和圓周運動的組合熟練掌握平拋、圓周運動的規(guī)律，對平拋和圓周運動的組合問題，要善于

3、由轉折點的速度進行突破；熟悉解決天體運動問題，要善于由轉折點的速度進行突破；熟悉解決天體運動問題的兩條思路；靈活應用運動的合成與分解的思想，解決問題的兩條思路；靈活應用運動的合成與分解的思想，解決帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；對帶電粒子在磁場內帶電粒子在電場中的類平拋運動問題；對帶電粒子在磁場內的勻速圓周運動問題掌握找圓心求半徑的方法的勻速圓周運動問題掌握找圓心求半徑的方法應考策略 知 識 方 法 聚 焦 熱 點 考 向 例 析 審題破題 真題演練欄目索引知識方法聚焦1.不共線不共線 等時性等時性 獨立性獨立性 等效性等效性2.(1) v0 gt v0t(2)中點中點 2tan 3.(1)

4、 v (2) v04.勻速圓周勻速圓周 萬有引力萬有引力6. (1)小小 (2)大大 知識回扣 知識方法聚焦規(guī)律方法1.豎直平面內圓周運動的最高點和最低點的速度關系通常豎直平面內圓周運動的最高點和最低點的速度關系通常利用利用 來來建立聯系，然后結合牛頓第二定律進行動力建立聯系，然后結合牛頓第二定律進行動力學分析學分析.2.對于平拋或類平拋運動與圓周運動組合的問題，應用合成對于平拋或類平拋運動與圓周運動組合的問題，應用合成與分解的思想分析這兩種運動轉折點與分解的思想分析這兩種運動轉折點的的 是是解題的關鍵解題的關鍵.動能定理動能定理速度速度3.分析天體運動類問題的一條主線就是分析天體運動類問題的

5、一條主線就是F萬萬F向向，抓住黃金，抓住黃金代換公式代換公式GM.4.確定天體表面重力加速度的方法有：確定天體表面重力加速度的方法有：(1)測重力法；測重力法；(2)單擺法；單擺法；(3)(或豎直上拋或豎直上拋)物體法；物體法；(4)近地衛(wèi)星近地衛(wèi)星法法.gR2平拋平拋環(huán)繞環(huán)繞熱點考向例析考向1拋體運動問題的分析例例1 1靜止的城市綠化灑水車，由橫截面積為靜止的城市綠化灑水車，由橫截面積為S的水龍頭噴嘴的水龍頭噴嘴水平噴出水流，水流從射出噴嘴到落地經歷的時間為水平噴出水流，水流從射出噴嘴到落地經歷的時間為t，水流，水流落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為落地點與噴嘴連線與水平地面間的夾角為，忽

6、略空氣阻力，忽略空氣阻力，以下說法正確的是以下說法正確的是()A.水流射出噴嘴的速度為水流射出噴嘴的速度為gttan B.空中水柱的水量為空中水柱的水量為C.水流落地時位移大小為水流落地時位移大小為D.水流落地時的速度為水流落地時的速度為2gtcot 解析由題意知，水做平拋運動，由題意知，水做平拋運動，為總位移與水平方向的夾為總位移與水平方向的夾角，角，tan 可可得水流射出噴嘴的速度為得水流射出噴嘴的速度為vx ，故故A錯誤；錯誤；答案B1.處理平拋處理平拋(或類平拋或類平拋)運動的基本方法就是把運動分解運動的基本方法就是把運動分解為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的勻加速直線為水平方向的勻

7、速直線運動和豎直方向的勻加速直線運動，通過研究分運動達到研究合運動的目的運動，通過研究分運動達到研究合運動的目的.2.要善于建立平拋運動的兩個分速度和分位移與題目呈要善于建立平拋運動的兩個分速度和分位移與題目呈現的角度之間的聯系，這往往是解決問題的突破口現的角度之間的聯系，這往往是解決問題的突破口.以題說法針對訓練針對訓練1 如如圖圖1所示，水平地面上所示，水平地面上有有一一個坑，其豎直截面為半圓，個坑，其豎直截面為半圓，O為圓心為圓心，AB為沿水平方向的直徑為沿水平方向的直徑.若在若在A點以點以初速初速度度v1沿沿AB方向平拋一小球，小球將方向平拋一小球，小球將擊中擊中坑坑壁上的最低點壁上的

8、最低點D點；若點；若A點小球拋出的同時，在點小球拋出的同時，在C點以初點以初速度速度v2沿沿BA方向平拋另一相同質量的小球并也能擊中方向平拋另一相同質量的小球并也能擊中D點點.已知已知COD60，且不計空氣阻力，則，且不計空氣阻力，則()圖圖1A.兩小球同時落到兩小球同時落到D點點B.兩小球在此過程中動能的增加量相等兩小球在此過程中動能的增加量相等C.在擊中在擊中D點前瞬間，重力對兩小球做功的功率不相等點前瞬間，重力對兩小球做功的功率不相等D.兩小球初速度之比兩小球初速度之比v1v2解析由于兩球做平拋運動下落的高度不同，則知兩球不可由于兩球做平拋運動下落的高度不同，則知兩球不可能同時到達能同時

9、到達D點；重力做功不等，則動能的增加量不等；在擊點；重力做功不等，則動能的增加量不等；在擊中中D點前瞬間，重力做功的功率為點前瞬間，重力做功的功率為Pmgvymggt，t不等；不等；設半圓的半徑為設半圓的半徑為R.小球從小球從A點平點平拋拋,可可得得Rv1t1， ,小小球球從從C點平拋，可得點平拋，可得Rsin 60v2t2，R(1cos 60) ，聯立解聯立解得得 故故D正確正確.答案CD熱點考向例析考向2圓周運動問題的分析例例2如圖如圖2所示，在豎直平面內有所示，在豎直平面內有xOy坐標坐標系，其中系，其中y軸豎直，長為軸豎直，長為l的不可伸長細繩，的不可伸長細繩，一端固定在一端固定在A點

10、，點，A點的坐標為點的坐標為(0， )，另一，另一端系一質量為端系一質量為m的小球的小球.現在現在x坐標軸上坐標軸上(x0)固定一個小釘，拉小球使細繩繃直并水平，再將小球從靜止固定一個小釘，拉小球使細繩繃直并水平，再將小球從靜止釋放，當細繩碰到釘子以后，小球可以繞釘子在豎直平面內釋放，當細繩碰到釘子以后，小球可以繞釘子在豎直平面內做圓周運動做圓周運動.圖圖2審題突破審題突破由幾何知識求出小球做圓周運動的軌道半徑后，由幾何知識求出小球做圓周運動的軌道半徑后，怎么才能求出繩子的拉力？小球能繞釘子在豎直平面內做圓怎么才能求出繩子的拉力？小球能繞釘子在豎直平面內做圓周運動的條件是什么？周運動的條件是什

11、么？(1)當釘子當釘子在在的的P點時，小球經過最低點細繩恰好不被點時，小球經過最低點細繩恰好不被拉斷，求細繩能承受的最大拉力；拉斷，求細繩能承受的最大拉力；解析當釘子當釘子在在 的的P點時，小球繞釘子轉動的半徑點時，小球繞釘子轉動的半徑為為：小球由靜止到最低點的過程中機械能守恒：小球由靜止到最低點的過程中機械能守恒：聯立求得最大拉力聯立求得最大拉力F7mg.答案7mg(2)在滿足在滿足(1)的條件下，為使小球釋放后能繞釘子在豎直平面的條件下，為使小球釋放后能繞釘子在豎直平面內做圓周運動，而細繩又不被拉斷，求釘子所在位置的范圍內做圓周運動，而細繩又不被拉斷，求釘子所在位置的范圍.解析小球繞釘子圓

12、周運動恰好到達最高點時，有：小球繞釘子圓周運動恰好到達最高點時，有：運動中機械能守恒：運動中機械能守恒：釘子所在位置為釘子所在位置為聯立解得聯立解得因此釘子所在位置的范圍為因此釘子所在位置的范圍為答案解決圓周運動力學問題要注意以下幾點：解決圓周運動力學問題要注意以下幾點：(1)要進行受力分析，明確向心力的來源，確定圓心以要進行受力分析，明確向心力的來源，確定圓心以及半徑及半徑.(2)列出正確的動力學方程列出正確的動力學方程(3)對于豎直面內的圓周運動要注意對于豎直面內的圓周運動要注意“桿模型桿模型”和和“繩繩模型模型”的臨界條件的臨界條件.以題說法針對訓練針對訓練2 (2014新課標新課標17

13、)如圖如圖3所示，一質量為所示，一質量為M的的光滑大圓環(huán)，用一細輕桿固定在豎直平面內；套在大環(huán)上光滑大圓環(huán)，用一細輕桿固定在豎直平面內；套在大環(huán)上質量為質量為m的小環(huán)的小環(huán)(可視為質點可視為質點)，從大環(huán)的最高處由靜止滑下，從大環(huán)的最高處由靜止滑下.重力加速度大小為重力加速度大小為g.當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時，當小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時，大環(huán)對輕桿拉力的大小為大環(huán)對輕桿拉力的大小為()A.Mg5mgB.MgmgC.Mg5mg D.Mg10mg圖圖3解析設大環(huán)半徑為設大環(huán)半徑為R，質量為，質量為m的小環(huán)下滑過程中遵守機械的小環(huán)下滑過程中遵守機械能守恒定律，能守恒定律，所以所以 mv2mg2R.小環(huán)

14、滑到大環(huán)的最低點時的小環(huán)滑到大環(huán)的最低點時的速度為速度為v2 ，根據牛頓第二定律根據牛頓第二定律得得 ，所，所以以在最低點時大環(huán)對小環(huán)的支持在最低點時大環(huán)對小環(huán)的支持力力 根根據據牛頓第三定律知，小環(huán)對大環(huán)的壓力牛頓第三定律知，小環(huán)對大環(huán)的壓力FNFN5mg，方方向向向下向下.對大環(huán)，據平衡條件，輕桿對大環(huán)的拉力對大環(huán)，據平衡條件，輕桿對大環(huán)的拉力TMgFNMg5mg.根據牛頓第三定律，大環(huán)對輕桿拉力的大根據牛頓第三定律，大環(huán)對輕桿拉力的大小為小為TTMg5mg，故選項，故選項C正確，選項正確，選項A、B、D錯誤錯誤.答案C熱點考向例析考向3天體運動問題的分析天體運動問題的分析例例3人類發(fā)射地

15、球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星人類發(fā)射地球同步衛(wèi)星時，先將衛(wèi)星發(fā)發(fā)射射至近地圓軌道至近地圓軌道1，然后經點火，使其沿，然后經點火，使其沿橢圓橢圓軌道軌道2運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入運行，最后再次點火，將衛(wèi)星送入同步同步軌道軌道3.軌道軌道1、2相切于相切于Q點，軌道點，軌道2、3相切相切于于P點，如圖點，如圖4所示所示.關于這顆衛(wèi)星分別在關于這顆衛(wèi)星分別在1、2、3軌道上正常運軌道上正常運行時，以下說法正確的是行時，以下說法正確的是()圖圖4A.衛(wèi)星在三個軌道運動的周期關系是：衛(wèi)星在三個軌道運動的周期關系是：T1T2T3B.衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道3上的角速度大于在軌道上的角速度大于在軌道1上的角速度

16、上的角速度C.衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道1上經過上經過Q點時的動能小于它在軌道點時的動能小于它在軌道2上經過上經過Q 點時的動能點時的動能D.衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道2上運動時的機械能可能等于它在軌道上運動時的機械能可能等于它在軌道3上運動上運動 時的機械能時的機械能審題突破審題突破需要根據什么規(guī)律比較橢圓運動的周期關系？在需要根據什么規(guī)律比較橢圓運動的周期關系？在P點和點和Q點兩次點火是加速還是減速？點兩次點火是加速還是減速？解析軌道軌道1的半長軸最小，軌道的半長軸最小，軌道3的半長軸最大，根據的半長軸最大，根據 k知，知，T1T2T3，故，故A正確；正確；衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道1和和3上做勻速圓周運動

17、，角速度上做勻速圓周運動，角速度 ，知知軌道半徑大的角速度小，故軌道半徑大的角速度小，故B錯誤；錯誤；衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道2上機械能小于它在軌道上機械能小于它在軌道3上的機械能，故上的機械能，故D錯誤錯誤.答案AC衛(wèi)星在軌道衛(wèi)星在軌道1上上Q點點火加速，做離心運動進入軌道點點火加速，做離心運動進入軌道2，故在，故在軌道軌道2經過經過Q點時的速度大，動能大，故點時的速度大，動能大，故C正確；正確；解決天體運動問題要善于構建兩大模型解決天體運動問題要善于構建兩大模型1.“天體公轉天體公轉”模型模型某天體繞中心天體做勻速圓周某天體繞中心天體做勻速圓周運動運動.這種模型一般應用動力學方程這種模型一般應

18、用動力學方程 和黃金代換公式和黃金代換公式(GMgR2)就能輕松就能輕松解決解決.以題說法2.“衛(wèi)星變軌衛(wèi)星變軌”模型模型衛(wèi)星速度改變時，衛(wèi)星將變軌衛(wèi)星速度改變時，衛(wèi)星將變軌運行運行.當當v增大時，衛(wèi)星將做離心運動，周期變長，機增大時，衛(wèi)星將做離心運動，周期變長，機械能增加械能增加.速度減小時，衛(wèi)星將做向心運動，周期變速度減小時，衛(wèi)星將做向心運動，周期變短，機械能減少短，機械能減少.以題說法針對訓練針對訓練3 如果把水星和金星繞太陽的運動視為勻速圓周如果把水星和金星繞太陽的運動視為勻速圓周運動，如圖運動，如圖5所示所示.從水星與金星在一條直線上開始計時，從水星與金星在一條直線上開始計時，若天文

19、學家測得在相同時間內水星轉過的角度為若天文學家測得在相同時間內水星轉過的角度為1，金星，金星轉過的角度為轉過的角度為2(1、2均為銳角均為銳角)，則由此條件可求得，則由此條件可求得()圖圖5A.水星和金星繞太陽運動的周期之比水星和金星繞太陽運動的周期之比B.水星和金星的密度之比水星和金星的密度之比C.水星和金星表面的重力加速度之比水星和金星表面的重力加速度之比D.水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之水星和金星繞太陽運動的向心加速度大小之比比解析由題知它們的角速度之比為由題知它們的角速度之比為12，則周期比為，則周期比為21；水星和金星是環(huán)繞天體，無法求出質量，也無法知道它們的水星和金星是環(huán)繞

20、天體，無法求出質量，也無法知道它們的半徑，所以求不出密度比，也求不出表面的重力加速度之比；半徑，所以求不出密度比，也求不出表面的重力加速度之比；根據萬有引力提供向心力根據萬有引力提供向心力，知知道道了角速度比，就可求出軌道半徑之比，根據了角速度比，就可求出軌道半徑之比，根據ar2，軌道，軌道半徑之比、角速度之比都知道，很容易求出向心加速度之比，半徑之比、角速度之比都知道，很容易求出向心加速度之比，故故D正確正確.答案AD審題破題 真題演練4.平拋與圓周運動組合問題的綜合分析例例4 4 (17(17分分)如圖如圖6所示，一小物塊自平臺上以速度所示，一小物塊自平臺上以速度v0水平水平拋出，剛好落在

21、鄰近一傾角為拋出，剛好落在鄰近一傾角為53的粗糙斜面的粗糙斜面AB頂端，頂端，并恰好沿該斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差并恰好沿該斜面下滑，已知斜面頂端與平臺的高度差h0.032 m，小物塊與斜面間的動摩擦因數為，小物塊與斜面間的動摩擦因數為0.5，A點離點離B點所在平面的高度點所在平面的高度H1.2 m.有一半徑為有一半徑為R的光滑圓軌道與的光滑圓軌道與斜面斜面AB在在B點相切連接，已知點相切連接，已知cos 530.6，sin 530.8，g取取10 m/s2.求：求：(1)小物塊水平拋出的初速度小物塊水平拋出的初速度v0是多少；是多少；(2)若小物塊能夠通過圓軌道最高點，圓軌道半徑若

22、小物塊能夠通過圓軌道最高點，圓軌道半徑R的最大值的最大值.圖圖6思維導圖答題模板解析(1)小物塊自平臺做平拋運動，由平拋運動知識得：小物塊自平臺做平拋運動，由平拋運動知識得：vy 0.8 m/s (2分分)由于物塊恰好沿斜面下滑，則由于物塊恰好沿斜面下滑，則tan 53(3分分)(2)設小物塊過圓軌道最高點的速度為設小物塊過圓軌道最高點的速度為v，受到圓軌道的，受到圓軌道的壓力壓力為為N.則由向心力公式得則由向心力公式得：Nmg (2分分)得得v0=0.6 m/s答題模板小物塊能過圓軌道最高點，必小物塊能過圓軌道最高點，必有有N0(1分分)聯立以上各式并代入數據得：聯立以上各式并代入數據得：高

23、 考 現 場 (限時：15分鐘，滿分19分)(2014福建福建21)如圖如圖7所示為某所示為某游樂場游樂場內水內水上滑梯軌道示意圖，整個軌道上滑梯軌道示意圖，整個軌道在在同同一豎直平面內，表面粗糙的一豎直平面內，表面粗糙的AB段段軌道軌道與四分之一光滑圓弧軌道與四分之一光滑圓弧軌道BC在在B點點水平相切水平相切.點點A距水面的高度為距水面的高度為H，圓弧軌道，圓弧軌道BC的半徑為的半徑為R，圓心圓心O恰在水面恰在水面.一質量為一質量為m的游客的游客(視為質點視為質點)可從軌道可從軌道AB的任的任意位置滑下，不計空氣阻力意位置滑下，不計空氣阻力.圖圖7(1)若游客從若游客從A點由靜止開始滑下，到

24、點由靜止開始滑下，到B點時沿切線方向滑點時沿切線方向滑離軌道落在水面離軌道落在水面D點，點，OD2R，求游客滑到，求游客滑到B點時的速點時的速度度vB大小及運動過程軌道摩擦力對其所做的功大小及運動過程軌道摩擦力對其所做的功Wf；解析(1)游客從游客從B點做平拋運動，點做平拋運動，有有2RvBt 由由式得式得vB 從從A到到B，根據動能定理，根據動能定理，有有由由式得式得Wf(mgH2mgR) 答案(mgH2mgR)解析 設設OP與與OB間夾角為間夾角為，游客在，游客在P點時的速度為點時的速度為vP，受到的支持力為受到的支持力為N，從，從B到到P由機械能守恒定律，由機械能守恒定律，有有(2)某游客從某游客從AB段某處滑下，恰好停在段某處滑下，恰好停在B點，又因受到微小點，又因受到微小擾動，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到擾動，繼續(xù)沿圓弧軌道滑到P點后滑離軌道，求點后滑離軌道，求P點離水面點離水面的高度的高度h.(提示：在圓周運動過程中任一點，質點所受的向提示：在圓周運動過程中任一點，質點所受的向心力與其速率的關系為心力與其速率的關系為F向向m )N0 答案過過P點時，根據向心力公式，有點時，根據向心力公式，有